NP
1
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên
9 tháng 7 2023
ΔABC đều có AH là đường cao
nên AH=a*căn 3/2; H là trung điểm của BC
=>HB=HC=a/2
sin HAC=cos C=HC/AC=1/2
=>sin30=cos60=1/2
cos HAC=sin C=AH/AC=căn 3/2
=>cos30=sin60=căn 3/2
tan HAC=cot C=HC/AH=1/căn 3
=>tan 30=cot 60=1/căn 3
cot HAC=tan C=1:1/căn 3=căn 3
=>cot 30=tan 60=căn 3
CM
26 tháng 6 2019
Dây AB bằng cạnh hình vuông nội tiếp đường tròn (O) nên ta có: 
và cung nhỏ AB có số đo bằng
360
°
:
4
=
90
°
Dây BC bằng cạnh hình tam giác đều nội tiếp đường tròn (O) nên ta có:
BC = R 3 và cung nhỏ BC có số đo bằng 360 ° : 3 = 120 °
Ta có:
Trong tam giác vuông ABH ta có:
Trong tam giác vuông ACH ta có:
H9
HT.Phong (9A5)
CTVHS
12 tháng 8 2023
AH là đường cao mà tam giác ABC là tam giác đều nên AH đồng thời là đương trung tuyến
\(\Rightarrow H\) là trung điểm của BC
\(\Rightarrow HB=HC=\dfrac{BC}{2}=\dfrac{7}{2}=3,5\left(cm\right)\)
Ta có: \(\dfrac{1}{AH^2}=\dfrac{1}{AB^2}+\dfrac{1}{AC^2}\)
\(\Rightarrow AH=\sqrt{\dfrac{AB^2AC^2}{AB^2+AC^2}}=\sqrt{\dfrac{7^2\cdot7^2}{7^2+7^2}}=\dfrac{7\sqrt{2}}{2}\left(cm\right)\)
Xét tam giác AHC có HM là đường cao ta có:
\(\dfrac{1}{HM^2}=\dfrac{1}{AH^2}+\dfrac{1}{HC^2}\)
\(\Rightarrow HM=\sqrt{\dfrac{AH^2HC^2}{AH^2+HC^2}}=\sqrt{\dfrac{\left(\dfrac{7\sqrt{2}}{2}\right)^2\cdot3,5^2}{\dfrac{7\sqrt{2}}{2}+3,5}}=\dfrac{7\sqrt{6}}{6}\left(cm\right)\)
Xét tam giác AHM vuông tại M áp dụng định lý Py-ta-go ta có:
\(AH^2=HM^2+AM^2\)
\(\Rightarrow AM=\sqrt{AH^2-HM^2}=\sqrt{\left(\dfrac{7\sqrt{2}}{2}\right)^2-\left(\dfrac{7\sqrt{6}}{6}\right)^2}=\dfrac{7\sqrt{3}}{3}\left(cm\right)\)
Mà: \(AM+MC=AC\)
\(\Rightarrow MC=AC-AM=7-\dfrac{7\sqrt{3}}{3}=\dfrac{21-7\sqrt[]{3}}{3}\)
Đường cao của tam giác đều có cạnh là \(a\) được tính bởi công thức : \(h=a\frac{\sqrt{3}}{2}\).