Đốt cháy hoàn toàn 5,6 lít hỗn hợp M gồm H2 và CnH2n – 2 cần dùng vừa đủ 10,64 lít O2 (đktc). Sản
phẩm cháy cho đi quan bình đựng lượng dư H2SO4 đặc, thấy khối lượng bình tăng 6,3 gam. Xác định
công thức phân tử của hiđrocacbon trong X
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
19 tháng 2 2022
1)
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{26,4}{44}=0,6\left(mol\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)
Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)
=> Bình I tăng 0,7.18 = 12,6 (g)
b) \(n_{C_nH_{2n+2}}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)
=> \(n_{C_2H_4}=\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)
BTKL: \(m_X=0,6.44+0,7.18-0,95.32=8,6\left(g\right)\)
=> \(m_{C_nH_{2n+2}}=8,6-0,15.28=4,4\left(g\right)\)
=> \(M_{C_nH_{2n+2}}=\dfrac{4,4}{0,1}=44\left(g/mol\right)\)
=> n = 3
=> CTPT: C3H8
19 tháng 2 2022
a) Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=a\left(mol\right)\\n_{H_2O}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_{O_2}=\dfrac{17,36}{22,4}=0,775\left(mol\right)\)
Bảo toàn O: 2a + b = 1,55 (1)
\(n_{CaCO_3}=\dfrac{35}{100}=0,35\left(mol\right)\)
PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O
0,35<---0,35
Ca(OH)2 + 2CO2 --> Ca(HCO3)2
mdd giảm = 35 - 44a - 18b = 3,5
=> 44a + 18b = 31,5 (2)
(1)(2) => a = 0,45; b = 0,65
Bảo toàn C: nC = 0,45 (mol)
Bảo toàn H: nH = 1,3 (mol)
=> m = 0,45.12 + 1,3.1 = 6,7 (g)
b) Do \(n_{CO_2}< n_{H_2O}\) => 2 hidrocacbon là ankan
Gọi công thức chung của 2 ankan là \(C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}\)
=> \(n_{C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}}=0,65-0,45=0,2\left(mol\right)\)
=> \(M_{C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}}=\dfrac{6,7}{0,2}=33,5\left(g/mol\right)\)
Mà 2 ankan kế tiếp nhau
=> 2 ankan là C2H6 và C3H8
c) Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_6}=x\left(mol\right)\\n_{C_3H_8}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}2x+3y=0,45\\30x+44y=6,7\end{matrix}\right.\)
=> x = 0,15; y = 0,05
=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_6}=\dfrac{0,15}{0,15+0,05}.100\%=75\%\\\%V_{C_3H_8}=\dfrac{0,05}{0,15+0,05}.100\%=25\%\end{matrix}\right.\)
BT
Bùi Thế Nghị
Giáo viên
15 tháng 3 2021
Khối lượng bình 2 tăng = mCO2 = 35,2 gam
=> nCO2 = \(\dfrac{35,2}{44}\) = 0,8 mol , nO2 = \(\dfrac{28}{22,4}\) = 1,25 mol
A + O2 → CO2 + H2O
Áp dụng định luật BTNT O => 2nO2 = 2nCO2 + nH2O
=> nH2O = 1,25.2 - 0,8.2 = 0,9 mol
Ankan có CTPT CnH2n+2: x mol
Ankađien có CTPT CmH2m-2 : y mol
CnH2n+2 + O2 → nCO2 + (n+1)H2O
x x.n x.(n+1)
CmH2m-2 + O2 → mCO2 + (m-1)H2O
y y.m y(m-1)
Ta có nH2O - nCO2 = y(m-1) + x.(n+1) - x.n - y.m = x - y = 0,1 (1)
Mà x + y = 0,3 (2)
Từ (1), (2) => x = 0,2 và y = 0,1
%V Ankađien = \(\dfrac{0,1}{0,3}.100\%\)= 33,34%
5 tháng 12 2018
Chọn đáp án C
Công thức chung của este đơn chức, mạch hở, chứa một liên kết đôi C=C là C n H 2 n - 2 O 2
Phản ứng đốt cháy: C n H 2 n - 2 O 2 + 1 , 5 n - 1 , 5 O 2 → n C O 2 + n - 1 H 2 O
Dung dịch H 2 S O 4 hấp thụ H 2 O trong số các sản phẩm cháy.
Do đó m H 2 O = 2 , 25 g a m ⇒ n H 2 O = 0 , 14 m o l
Từ phản ứng cháy nhận thấy: n O 2 = 1 , 5 n H 2 O = 0 , 21 m o l ⇒ V = 4,704.
17 tháng 12 2017
Bình 2 tăng 22 gam => mCO2 = 44 gam => nCO2 = 0,5 mol
C2H6 -> 2 CO2 + 3 H2O
C3H8 -> 3 CO2 + 4 H2O
Gọi nC2H6 = x mol, nC3H8 = y mol
x + y = 0,2 (1)
2x + 3y = 0,5 (2)
Nên: x = 0,1 mol, y = 0,1 mol
Vậy: % VC2H6 = 66,67 % => %VC3H8 = 33,33 %
mH2O = ( 3x + 4y ) . 18 = 12,6 gam
16 tháng 2 2022
a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)
\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)
=> nCO2 = 0,6 (mol)
Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)
mdd giảm = \(m_{CaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=60-0,6.44-0,7.18=21\left(g\right)\)
b) \(n_X=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)
=> nY = \(\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)
Theo ĐLBTKL: mA = 0,6.44 + 0,7.18 - 0,95.32 = 8,6 (g)
=> 0,1.MX + 0,15.MY = 8,6
Do MY > 0 => MX < 86 (g/mol)
- Nếu X là CH4 => MY = \(\dfrac{140}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C2H6 => MY = \(\dfrac{112}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C3H8 => MY = 28 (C2H4)
- Nếu X là C4H10 => MY = \(\dfrac{56}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C5H12 => MY = \(\dfrac{28}{3}\) (Loại)
Vậy X là C3H8, Y là C2H4
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=a\left(mol\right)\\n_{C_nH_{2n-2}}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(a+b=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{6,3}{18}=0,35\left(mol\right)\)
\(n_{O_2}=\dfrac{10,64}{22,4}=0,475\left(mol\right)\)
Bảo toàn O: \(n_{CO_2}=\dfrac{0,475.2-0,35}{2}=0,3\left(mol\right)\)
Bảo toàn C: \(b=\dfrac{0,3}{n}\left(mol\right)\) => \(a=0,25-\dfrac{0,3}{n}\)
Bảo toàn H: \(2a+2b\left(n-1\right)=0,7\)
=> n = 3
=> CTPT: C3H4