K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

30 tháng 3 2017

Đáp án : B

Gọi số mol Ala-K(C3H6O2NK)  và Val-K(C5H10O2NK) là x và y mol

Khi đốt cháy : nN(muối) = x + y = 2nN2 = 0,22 mol

=> nN(muối) = nK = 2nK2CO3

=> nK2CO3 = 0,11 mol

Mặt khác ta thấy số H gấp đôi số C trong muối hữu cơ

=> nC  = ½ nH  =>  nCO2 + nK2CO3 = nH2O .

Có mCO2 + mH2O = 50,96g

=> nCO2 = 0,79 mol ; nH2O = 0,9 mol

Bảo toàn Oxi : 2nmuối aminoaxit + 2nO2 = 3nK2CO3 + 2nCO2 + nH2O

=> nO2 = 1,185 mol

Ta có : nC = 3x + 5y = nK2CO3 + nCO2  = 0,9 mol

=> x= 0,1 mol ; y = 0,12 mol

=> m + 11,42 = 0,1.127 + 0,12.155

=> m = 19,88g

Giả sử trong M có : x mol X ( a nhóm Val ; (4-a) nhóm Ala)

y mol Y (b nhóm Val ; (5-b) nhóm Ala)

=> nN = 4x + 5y = 2nN2 = 0,22 mol (*)

Khi phản ứng thủy phân :

+/ tetrapeptit + 4KOH -> muối + H2O

+/ Pentapeptit + 5KOH -> muối + H2O

=>Bảo toàn khối lượng :  mmuối – mpeptit = mKOH – mH2O

=> 11,42 = 4.56x – 18x + 5.56y – 18y (**)

Từ (*) và (**) => x = 0,03 mol ; y = 0,02 mol

Có nVal = ax + by = 0,12 mol

=> 3a + 2b = 12

=> a = 2 ; b = 3 hoặc a = 4 ; b = 0 thỏa mãn

+/ TH1 : Y là (Ala)2(Val)3

=> %mY(M) = 45,98% Có đáp án C thỏa mãn => Không cần xét TH2 nữa

16 tháng 2 2018

Đáp án C

28 tháng 11 2018

4 tháng 2 2018

Đáp án : B

Áp dụng qui tắc bảo toàn khối lượng ta có :

=> nKOH (pứ) = 0,22 mol → B T K L  nK2CO3 = 0,11 mol

(m + 11,42) Y 

Áp dụng bảo toàn khối lượng cho hỗn hợp Y , ta có :

=> X : Val – Val – Ala – Ala

Và Y : Val – Val – Val – Ala – Ala

=> %mY = 45,98%

 

27 tháng 10 2017

Chọn C

13 tháng 11 2017

Đáp án C

26 tháng 6 2018

 

Đáp án B

Gọi số mol Ala-K(C3H6O2NK)  và Val-K(C5H10O2NK) là x và y mol

Khi đốt cháy : nN(muối) = x + y = 2nN2 = 0,22 mol

=> nN(muối) = nK = 2nK2CO3

 => nK2CO3 = 0,11 mol

Mặt khác ta thấy số H gấp đôi số C trong muối hữu cơ

 => nC  = ½ nH  =>  nCO2 + nK2CO3 = nH2O .

Có mCO2 + mH2O = 50,96g

=> nCO2 = 0,79 mol ; nH2O = 0,9 mol

Bảo toàn Oxi : 2nmuối aminoaxit + 2nO2 = 3nK2CO3 + 2nCO2 + nH2O

 => nO2 = 1,185 mol

Ta có : nC = 3x + 5y = nK2CO3 + nCO2  = 0,9 mol

=> x= 0,1 mol ; y = 0,12 mol

=> m + 11,42 = 0,1.127 + 0,12.155

=> m = 19,88g

Giả sử trong M có : x mol X ( a nhóm Val ; (4-a) nhóm Ala)

                                  y mol Y (b nhóm Val ; (5-b) nhóm Ala)

=> nN = 4x + 5y = 2nN2 = 0,22 mol (*)

Khi phản ứng thủy phân :

+/ tetrapeptit + 4KOH -> muối + H2O

+/ Pentapeptit + 5KOH -> muối + H2O

=>Bảo toàn khối lượng :  mmuối – mpeptit = mKOH – mH2O

=> 11,42 = 4.56x – 18x + 5.56y – 18y (**)

Từ (*) và (**) => x = 0,03 mol ; y = 0,02 mol

Có nVal = ax + by = 0,12 mol

=> 3a + 2b = 12

=> a = 2 ; b = 3 hoặc a = 4 ; b = 0 thỏa mãn

+/ TH1 : Y là (Ala)2(Val)3

=> %mY(M) = 45,98%

=> %mX = 54,02%

Có đáp án B thỏa mãn => Không cần xét TH2 nữa

 

1 tháng 3 2017

Đáp án C

Vì muối của Ala, Val, nên có dạng H2N−CnH2n−COOK(hay CmH2mO2K)

Hệ 

Từ đó ta có hệ của muối

Hệ 

BTKL:

Vì X, Y đều chứa Val và Ala,

gọi:

X ≡ 

Nên bảo toàn gốc Ala: 0,03n + 0,02m = 0,1 → 3n + 2m = 10; vì m ≥ 1 nên n ≤ 2,3 và n phải chẵn

Nên n = 2 và m = 2

X là Ala2Val2và Y là Ala2Val3: 0,02. Mặt khác m = 19,88

%mY = 9,14 : 19,88 = 45,98%

1 tháng 9 2019

Đáp án : A

Muối Kali của Val và Ala có dạng: CnH2nNO2K

2 CnH2nNO2K + O2 →     (2n – 1 )CO2 +    2n H2O +    K2CO3 +         N2

                                   0,11 (2n – 1 )     0,11. 2n        0,11            0,11

Đặt n H2O = x ; n CO2 = y

 

M muối = m C + m H + m (NO2K)

          = 0,9.2 + 0,9. 12 + 0,11. 2 . 85

          = 31,3 gam

=> m peptit = 19,88 gam

Gọi n muối của Ala = a; n muối của Val = b

 

m peptit = m Ala + m Val – m H2O

             = 0,1 89 + 0,12. 117 – 19,88 = 3,06 gam

=> n nước = 0, 17 mol

=> Đặt n X1 = m ; n X2 = n

∑ n H2O tách ra = 3m + 4n = 0,17 mol

∑ n gốc aminoaxit = 4m + 5n = 0,22  mol

 

Nếu X1 chứa p gốc Ala và X2 chứa q gốc Ala

=> 0,03. p + 0,02. q = 0,1

=> 3p + 2q = 10 => p = (10 - 3p):2  (p ≤ 4; q ≤ 5)