K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

8 tháng 4 2021

\(a) C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2\\ n_{C_2H_4} = n_{Br_2} = \dfrac{32}{160} = 0,2(mol)\\ V_{C_2H_4} = 0,2.22,4 = 4,48(lít)\\ b) \%V_{C_2H_4} = \dfrac{4,48}{6,72}.100\% = 66,67\%\\ \%V_{CH_4} = 100\%-66,67\% = 33,33\%\)

10 tháng 8 2021

PTHH: Al2O3+6HCl➝2AlCl3+3H2O(1)

a)nAl2O3=\(\dfrac{10,2}{102}\)=0,1(mol)

   mHCl=\(\dfrac{5\%.219}{100\%}\)=10,95(g)

   ⇒nHCl=\(\dfrac{10,95}{36,5}\)=0,3(mol)

Xét tỉ lệ Al2O3:\(\dfrac{0,1}{1}\)=0,1

Xét tỉ lệ HCl:\(\dfrac{0,3}{6}\)=0,05

⇒HCl pứng hết,Al2O3 còn dư

Theo PTHH(1) ta có nAl2O3 pứng=\(\dfrac{nHCl}{6}\)=\(\dfrac{0,3}{6}\)=0,05(mol)

⇒nAl2O3 dư=nAl2O3ban đầu-nAl2O3 pứng=0,1-0,05=0,05(mol)

⇒mAl2O3 dư=0,05.102=5,1(g)

b) C%HCl=\(\dfrac{0,3.36,5}{219+10,2}\).100%=4,8%

     nAlCl3=0,1(mol)

⇒C%AlCl3=\(\dfrac{0,1.136,5}{10,2+219}\).100%=6%

 

2 tháng 8 2021

1.

\(n_{KNO_3}=0.15\cdot0.1=0.015\left(mol\right)\)

\(m_{KNO_3}=0.015\cdot101=1.515\left(g\right)\)

2.

\(m_{KOH}=200\cdot20\%=40\left(g\right)\)

Sau khi pha : 

\(m_{dd_{KOH}}=\dfrac{40}{16\%}=250\left(g\right)\)

\(m_{H_2O\left(tv\right)}=250-200=50\left(g\right)\)

3.

\(n_{NaOH}=2\cdot1=2\left(mol\right)\)

Sau khi pha : 

\(V_{dd_{NaOH}}=\dfrac{2}{0.1}=20\left(l\right)\)

\(V_{H_2o\left(tv\right)}=20-2=18\left(l\right)\)

2 tháng 8 2021

3)

$n_{KNO_3} = 0,15.0,1 = 0,015(mol)$
$m_{KNO_3} = 0,015.101 = 1,515(gam)$

4)

$m_{KOH} = 200.20\% = 40(gam)$
$m_{dd\ KOH\ 16\%} = \dfrac{40}{16\%} = 250(gam)$
$\Rightarrow m_{H_2O} = 250  -200=  50(gam)$

5)

$n_{NaOH} = 2.1 = 2(mol)$
$V_{dd\ NaOH}  = \dfrac{2}{0,1} = 20(lít)$
$\Rightarrow V_{H_2O} = 20 - 2 = 18(lít)$

4)

 

17 tháng 10 2021

Trích mẫu thử

Sục khí $CO_2$ tới dư vào mẫu thử : 

- mẫu thử tạo kết tủa trắng là $Ba(OH)_2$
$Ba(OH)_2 + CO_2 \to BaCO_3 + H_2O$

- mẫu thử không hiện tượng gì là $NaCl$

25 tháng 12 2021

Bài 4:

a) 

- Hòa tan 3 chất rắn vào dd NaOH

+ Chất rắn tan, sủi bọt khí: Al

2Al + 2NaOH + 2H2O --> 2NaAlO2 + 3H2

+ Chất rắn không tan: Fe, Cu

- Hòa tan 2 chất rắn còn lại vào dd HCl

+ Chất rắn tan, sủi bọt khí: Fe

Fe+ 2HCl --> FeCl2 + H2

+ Chất rắn không tan: Cu

b)

- Hòa tan 4 chất rắn vào nước: 

+ Chất rắn tan: CaO

CaO + H2O --> Ca(OH)2

+ Chất rắn không tan: CuO, MgO, Al2O3

- Hòa tan 3 chất rắn còn lại vào dd NaOH

+ Chất rắn tan: Al2O3

Al2O3 + 2NaOH --> 2NaAlO2 + H2O

+ Chất rắn không tan: CuO, MgO

- Hòa tan 2 chất rắn còn lại vào dd HCl:

+ Chất rắn tan, tạo dd màu xanh: CuO

CuO + 2HCl --> CuCl2 + H2O

+ Chất rắn tan, tạo dd trong suốt:  MgO

MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O

c)

- Cho 3 dd tác dụng với dd NaOH dư

+ Xuất hiện kết tủa trắng, sau đó tan: AlCl3

AlCl3 + 3NaOH --> Al(OH)3 + 3NaCl

NaOH + Al(OH)3 --> NaAlO2 + 2H2O

+ Xuất hiện kết tủa trắng, không tan: MgCl2

MgCl2 + 2NaOH --> Mg(OH)2 + 2NaCl

+ Xuất hiện kết tủa nâu đỏ: FeCl3

d)

- Cho quỳ tím tác dụng với 4 dd

+ QT chuyển xanh: NaOH, Na2CO3 (1)

+ QT không chuyển màu: Na2SO4, NaNO3 (2)

- Cho dd BaCl2 tác dụng với 2 dd ở (1)

+ Kết tủa trắng: Na2CO3

Na2CO3 + BaCl2 --> BaCO3 + 2NaCl

+ Không hiện tượng: NaOH

- Cho dd BaCl2 tác dụng với 2 dd ở (2)

+ Kết tủa trắng: Na2SO4

Na2SO4 + BaCl2 --> BaSO4 + 2NaCl

+ Không hiện tượng: NaNO3

 

25 tháng 12 2021

Bài 5

\(n_{H_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

PTHH: Mg + H2SO4 --> MgSO4 + H2

_____0,3<--------------------------0,3

=> mMg = 0,3.24 = 7,2 (g)

Gọi số mol Cu, Ag là a, b

=> 64a + 108b = 29,8-7,2 = 22,6(g)

PTHH: 2Mg + O2 --to--> 2MgO

_____0,3------------------>0,3

2Cu + O2 --to--> 2CuO

a------------------>a

=> 0,3.40 + 80a + 108b = 36,2

=> a = 0,1; b = 0,15

=> mCu = 0,1.64 = 6,4 (g)

=> mAg = 0,15.108 = 16,2 (g)

PTHH: \(Al_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}m_{H_2SO_4}=588\cdot5\%=29,4\left(g\right)\Rightarrow n_{H_2SO_4}=\dfrac{29,4}{98}=0,3\left(mol\right)\\n_{Al_2O_3}=\dfrac{20,4}{102}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{1}>\dfrac{0,3}{3}\) \(\Rightarrow\) Al2O3 còn dư

\(\Rightarrow n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,1\left(mol\right)=n_{Al_2O_3\left(dư\right)}\)

\(\Rightarrow C\%_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{0,1\cdot342}{20,4+588-0,1\cdot102}\cdot100\%\approx5,72\%\)

nNa2SO4= 9,94/142=0,07(mol);

mBa(OH)2= 20,52(g) -> nBa(OH)2=0,12(mol)

PTHH: Na2SO4 + Ba(OH)2 -> BaSO4 + 2 NaOH

Ta cps: 0,07/1 < 0,12/1

=> Ba(OH)2 dư, Na2SO4  hết, tính theo nNa2SO4.

-> nBaSO4=nNa2SO4= 0,07(mol)

=> m(kết tủa)=mBaSO4=0,07.233=16,31(g)

=>m=16,31(g)

b) Dung dịch A thu được bao gồm NaOH và Ba(OH)2 dư.

nNaOH=2.0,07=0,14(mol) => mNaOH= 0,14.40=5,6(g)

nBa(OH)2 (dư)=0,12-0,07=0,05(mol)

=> mBa(OH)2 (dư)= 0,05.171=8,55(g)

=> mddA=Na2SO4 + mddBa(OH)2 - mBaSO4 = 9,94+ 100 - 16,31= 93,63(g)

=> C%ddBa(OH)2 (dư)= (8,55/93,63).100=9,132%

C%ddNaOH= (5,6/93,63).100=5,981%

 

15 tháng 7 2021

Cảm ơn ạ

6

 Gọi x , y lần lượt là số mol của Al và Fe 

\(n_{H_2}\)\(=\dfrac{8.96}{22.4}=0.4\left(mol\right)\)

\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2 \)

x                    \(\rightarrow\)              \(\dfrac{3}{2}x\)          (mol)

\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

y                   \(\rightarrow\)                 y        (mol)

Từ trên ta có hpt 
\(\left\{{}\begin{matrix}27x+56y=11\\\dfrac{3}{2}x+y=0.4\end{matrix}\right.\)

giải ra ta được 

x=0.2-) mAl=0.2*27=5.4(g)    =))\(\%Al=\dfrac{5.4}{11}\cdot100=49.1\%\)

y=0.1-)mFe=0.1*56=5.6(g)     =))\(\%Fe=\dfrac{5.6}{11}\cdot100=50.9\%\)

5
Cu không pư được H2SO4 nên  6.4(g) chất rắn còn lại sau pư là Cu 
\(m_{Fe}=10-6.4=3.6\left(g\right)\)

pthh:

\(Fe+H_2So_4\Rightarrow FeSo_4+H_2\)
\(\left\{{}\begin{matrix}\%Cu=\dfrac{0.1\cdot64}{10}\cdot100=64\%\\^{\%Fe=\dfrac{3.6}{10}\cdot100=36\%}\end{matrix}\right.\)