Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin X, Y (MX < MY). Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn...

1

NQ

Ngô Quang Sinh

4 tháng 3 2019

Đáp án C.

Bình KOH hút CO₂ và H₂O

Vì E là khí nên các cặp ankin thỏa mãn là :

hoặc C₂H₂vói C₄H₆ (2 cặp)

Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin X, Y (MX<MY). Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc, dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình bazơ nặng thêm 20,8 gam. Số cặp công thức cấu tạo ankin X, Y thỏa mãn là A. 1. B. 2. C. 3....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

23 tháng 4 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

23 tháng 4 2019

Amin = NH₃ + kCH₂

Ankin = gCH₂ - H₂

Quy đổi E thành NH₃ (a), H₂ (b), CH₂ (c)

nE=a+b=0,15

nO₂ =0,75a - 0,5b + 1,5c = 0,5

mCO₂+ mH₂O = 44c + 18(1,5a - b + c) =20,8

—> a=0/04; b = 0,11; c= 0,35

—> nCH₂= 0,04k + 0,118 = 0,35

—>4k+ 11g = 35

Amin bậc lII nên ít nhất 3C (k> 3), g là số C trung bình của X, Y nên g > 2

—> k= 3 và g = 23 11 là nghiệm duy nhất

—>X là C₂H₂.

Do ankin dạng khí (không quá 4C) nên Y là một trong số

Có 3 cặp X, Y thỏa mãn.

Đáp án C

Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin X, Y ( M X < M Y ) . Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O 2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm C O 2 , H 2 O v à N 2 . Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc, dư đến phản ứng hoàn toàn...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

28 tháng 6 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

28 tháng 6 2019

Đáp án cần chọn là: C

Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc, dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình bazơ nặng thêm 20,8 gam. Phần trăm khối lượng của amin trong hỗn hợp E là A. 44,03%. B. 26,67%. C. 34,36%. D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

12 tháng 10 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

12 tháng 10 2018

Đáp án A

► Đặt n_CO2 = x; n_H2O = y ⇒ m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44x + 18y = 20,8(g).

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⇒ 2x + y = 2 × 0,5 ⇒ giải hệ có:

x = 0,35 mol; y = 0,3 mol ► Đặt n_amin = a; n_ankin = b ⇒ n_E = a + b = 0,15 mol.

Tương quan đốt: n_CO2 – n_H2O = 0,05 = – 1,5a + b ⇒ giải hệ cho: a = 0,04 mol; b = 0,11 mol.

► Đặt số Cacbon của amin và ankin lần lượt là m và n (m ≥ 3, n >2) ⇒ 0,04m + 0,11n = 0,35

⇒ m = 3 ⇒ amin là C₃H₉N || m_E = m_C + m_H + m_N = 5,36(g).

⇒ %m_amin = 0,04 × 59 ÷ 5,36 × 100% = 44,03%

Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc, dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình bazơ nặng thêm 20,8 gam. Phần trăm khối lượng của amin trong hỗn hợp E là A. 44,03%. B. 26,67%. C. 34,36%. D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

29 tháng 5 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

29 tháng 5 2017

Đáp án A

► Đặt n_CO2 = x; n_H2O = y ⇒ m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44x + 18y = 20,8(g).

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⇒ 2x + y = 2 × 0,5 ||⇒ giải hệ có:

x = 0,35 mol; y = 0,3 mol ||► Đặt n_amin = a; n_ankin = b ⇒ n_E = a + b = 0,15 mol.

Tương quan đốt: n_CO2 – n_H2O = 0,05 = – 1,5a + b ||⇒ giải hệ cho: a = 0,04 mol; b = 0,11 mol.

► Đặt số Cacbon của amin và ankin lần lượt là m và n (m ≥ 3, n >2) ⇒ 0,04m + 0,11n = 0,35

⇒ m = 3 ⇒ amin là C₃H₉N || m_E = m_C + m_H + m_N = 5,36(g).

||⇒ %m_amin = 0,04 × 59 ÷ 5,36 × 100% = 44,03%

Hỗn hợp khí E gồm một amin bậc III no, đơn chức, mạch hở và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 11,2 lít O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc, dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình bazơ nặng thêm 20,8 gam. Phần trăm khối lượng của amin trong hỗn hợp E là A. 44,03%. B. 26,67%. C. 34,36%. D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

22 tháng 12 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

22 tháng 12 2018

Đáp án A

► Đặt n_CO2 = x; n_H2O = y ⇒ m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44x + 18y = 20,8(g).

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⇒ 2x + y = 2 × 0,5 ||⇒ giải hệ có:

x = 0,35 mol; y = 0,3 mol ||► Đặt n_amin = a; n_ankin = b ⇒ n_E = a + b = 0,15 mol.

Tương quan đốt: n_CO2 – n_H2O = 0,05 = – 1,5a + b ||⇒ giải hệ cho: a = 0,04 mol; b = 0,11 mol.

► Đặt số Cacbon của amin và ankin lần lượt là m và n (m ≥ 3, n >2) ⇒ 0,04m + 0,11n = 0,35

⇒ m = 3 ⇒ amin là C₃H₉N || m_E = m_C + m_H + m_N = 5,36(g).

||⇒ %m_amin = 0,04 × 59 ÷ 5,36 × 100% = 44,03%

Hỗn hợp khí E gồm một amin bận III no, đơn chức, mạch ở và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp E cần dùng 1,12 lít khí O2 (đktc), thu được hỗn hợp F gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch KOH đặc dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình bazơ nặng thêm 20,8 gam. Phần trăm khối lượng của amin trong hỗn hợp E là: A. 26,67% B. 44,03% C. 46,12% D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

9 tháng 12 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

9 tháng 12 2019

Đáp án B

n_O2 = 11,2 : 22,4 = 0,5 (mol)

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 20,8 (g)

Gọi nCO₂ và nH₂O là a và b mol

∑ m = 44a + 18b = 20,8

BTNT O: 2a + b = 0,5.2

(1) và (2) => a = 0,35 (mol) và b = 0,3 (mol)

Đặt CTPT của amin là: C_nH_2n+3N : x (mol) (n ≥ 3)

CTPT của 2 akin là C_mH_2m-2 : y (mol) ( m > 2)

n_E = x + y = 0,15

n_CO2 = nx + my = 0,35

n_H2O = (n + 1,5)x + (m -1) y = 0,3

=> x = 0,04 ; y = 0,11

=> n_CO2 = 0,04n + 0,11m = 0,35

=> 4n + 11m = 35 ( thỏa mãn đk n ≥ 3 và m > 2)

Có nghiệm duy nhất là n = 3 và m = 23/11

=> amin là C₃H₉N: 0,04 (mol)

% m _C3H9N = [ 0,04.59 : ( 0,04.59 + 0,11.300/11) ].100% = 44,03%

Hỗn hợp E chứa axetilen, propin và một amin no, đơn chức, mạch hở. Đốt cháy hoàn toàn 5,46 gam hỗn hợp E cần dùng 11,088 lít O 2 (đktc) thu được hỗn hợp F gồm C O 2 , H 2 O v à k h í N 2 , trong đó tỉ lệ mol C O 2 : H 2 O là 1:1. Phân tử khối của amin là A. 45 B. 31 C. 59 D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

8 tháng 6 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

8 tháng 6 2018

5 , 46 g E C n H 2 n − 2 : x C m H 2 m + 3 N : y + O 2 : 0 , 495 m o l → CO 2 : a H 2 O : a N 2

B T N T o x i : 2 B T N T o x i : 2 = 2 B T N T o x i : 2 n O 2 = 2 n C O 2 + n H 2 O ⇒ 0 , 495.2 = 2 a + a ⇒ a = 0 , 33 m o l

5 , 46 = m E = m C + m H + m N = 0 , 33.12 + 0 , 33.2 + m N

⇒ m N = 0 , 84 ⇒ y = 0 , 06 m o l

n H 2 O − n C O 2 = 0 ⇒ x = 1 , 5 y = 0 , 09 m o l

n x + m y = n C O 2 = 0 , 33 2 < n < 3 ⇒ 0 , 09 n + 0 , 06 m = 0 , 33 2 < n < 3

⇒ 1 < m < 2,5 ⇒ n = 2 ⇒ Amin: C 2 H 7 N

Đáp án cần chọn là: A

Hỗn hợp X gồm một ankin, một ankan (số mol ankin bằng số mol ankan), một anken và hai amin no, đơn chức, mạch hở Y và Z là đồng đẳng kế tiếp (MY < MZ). Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X trên cần 174,72 lít O2 (đktc), thu được N2, CO2 và 133,2 gam nước. Chất Y là A. metylamin B. etylamin C. propylamin D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

20 tháng 4 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

20 tháng 4 2017

Hỗn hợp M gồm một anken và hai amin no, đơn chức, mạch hở X và Y là đồng đẳng kế tiếp ( M X < M Y ). Đốt cháy hoàn toàn một lượng M cần dùng 4,536 lít O 2 (đktc) thu được H 2 O , N 2 và 2,24 lít C O 2 (đktc). Chất Y là A. etylmetylamin. B. butylamin. C. etylamin. D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

10 tháng 7 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

10 tháng 7 2018