Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(n_{NaOH}=0,25.1=0,25\left(mol\right)\\ n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,5.0,25=0,125\left(mol\right)\\ NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\\ Ba\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow BaCl_2+H_2O\\ n_{HCl}=2.n_{Ba\left(OH\right)_2}+n_{NaOH}=2.0,125+0,25=0,5\left(mol\right)\\ V_{ddHCl}=\dfrac{0,5}{2,5}=0,2\left(l\right)=200\left(ml\right)\)
\(n_{KOH}=0,2.1=0,2\left(mol\right)\\ 2KOH+H_2SO_4\rightarrow K_2SO_4+2H_2O\\ KOH+HCl\rightarrow KCl+H_2O\\ n_{KOH}=2.n_{H_2SO_4}+n_{HCl}=2.1.V+0,5.V\\ \Leftrightarrow0,2=2,5.V\\ \Leftrightarrow V=0,08\left(lít\right)\)
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{HCl}=V\left(mol\right)\\n_{H_2SO_4}=0,5V\left(mol\right)\\n_{KOH}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PT ion: \(H^++OH^-\rightarrow H_2O\)
\(\Rightarrow\) Dung dịch sau p/ứ gồm các ion Cl- (V mol), SO42- (0,5V mol), K+ (0,2 mol)
Bảo toàn điện tích: \(n_{Cl^-}+2n_{SO_4^{2-}}=n_K\) \(\Rightarrow V+2\cdot0,5V=0,2\)
\(\Rightarrow V=0,1\left(l\right)=100\left(ml\right)\)
nHCl = 2 * 0,25 = 0,5 (mol)
nH2SO4 = 1,5 * 0,25 = 0,375 (mol)
PHTT : HCl + NaOH ---> NaCl + H2O
mol : 0,5 0,5 0,5 0,5
PHTT : H2SO4 + 2NaOH ---> Na2SO4 + 2H2O
mol : 0,375 0,75 0,375 0,375
\(\Sigma\) nNaOH = 0,75 + 0,5 = 1,25
Vdd sau pứ = \(\frac{1,25}{0,5}\) = 2,5 (lít) = 2500 (ml)
Bài 1 nHCl=10/1000.2=0,02 mol
nH2SO4=10/1000=0,01 mol
HCl + NaOH =>NaCl + H2O
0,02 mol=>0,02 mol
H2SO4 +2NaOH =>Na2SO4 +2H2O
0,01 mol=>0,02 mol
Tổng nNaOH=0,04 mol
=>V dd NaOH=0,04/0,5=0,08 lit=80ml
Bảo toàn khối lượng mO2=34,14-23,676=10,464g
=>nO2=0,327 mol
2Al +3/2 O2 =>Al2O3
Nếu viết pt oxit cộng dd axit pt rút gọn là
Al2O3 + 6H+ =>2Al3+ +3 H2O
Tương tự với các kim loại Cu,Mg em viết pthh ra sẽ đều thấy nH+=4nO2 pứ
=>nH+=4.0,327=1,308 mol
GS có V lit dd axit
=>nHCl=3V mol và nH2SO4=1,5V mol
1 mol H2SO4 thủy phân ra 2 mol H+
Tổng nH+ trong H2SO4 và HCl bằng 3V+1,5V.2=6V
=>V=1,308/6=0,218 lit=218ml
1- Trích mỗi dung dịch 1 ít làm mẫu thử
- Cho phenolphtalein vào lần lượt các mẫu thử
+ Nhận đc dung dịch NaOH vì dung dịch hóa đỏ
+ Các dung dịch còn lại ko có hiện tượng gì.
- Cho NaOh mới thu được lần lượt vào các mẫu dung dịch còn lại
+ Nhận được dung dịch MgSO4 vì xuất hiện kết tủa trắng
+ Nhận được dung dịch FeCl3 vì xuất hiện kết tủa nâu đỏ
+ Nhận được dung dịch HCl vì không có hiện tượng gì
MgSO4 + 2NaOH = Mg(OH)2 + Na2SO4
FeCl3 + 3NaOH = Fe(OH)3 + 3NaCl
HCl + NaOH = NaCl + H2O
2. Đổi 250ml= 0,25 lít
Số mol HCl là : 0,25 x 2 = 0,5 (mol)
Số mol H2SO4 là: 1,5 x 0,25 = 0,375 (mol)
NaOH + HCl = NaCl + H2O
0,5 0,5 (mol)
2NaOH + H2SO4 = Na2SO4 + 2H2O
0,75 0,375 (mol)
Số mol NaOH là : 0,75 + 0,5 = 1,25 (mol)
Thể tích dung dịch NaOH là : 1,25: 0,5 = 2,5 (lít) = 2500 ml
b,\(n_{HCl}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)
PTHH: CuO + 2HCl → CuCl2 + H2
Mol: 0,2 0,4
\(\Rightarrow m_{CuO}=0,2.80=16\left(g\right)\)
c,\(n_{ZnO}=\dfrac{16,2}{81}=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: ZnO + H2SO4 → ZnSO4 + H2
Mol: 0,2 0,2
\(\Rightarrow V_{ddH_2SO_4}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(l\right)\)
d,\(n_{H_2SO_4}=2.0,1=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: H2SO4 + 2KOH → K2SO4 + 2H2O
Mol: 0,2 0,4
\(\Rightarrow V_{ddKOH}=\dfrac{0,4}{1}=0,4\left(l\right)\)
Bài 1 :
Theo đề bài ta có : nHCl = 2.0,17 = 0,34(mol)
Đặt CTHH của kim loại hóa trị II và III là A và B
PTHH:
\(A+2HCl->ACl2+H2\)
\(2B+6HCl->2BCl3+3H2\)
Gọi chung hh 2 kim loại là X ta có PTHH TQ :
\(X+HCl->XCl+H2\)
Theo 2PTHH : nH2 = 1/2nHCl =1/2.0,34 = 0,17(mol)
=> m(giảm) = 0,17.2 = 0,34(g)
=> m(muối clorua thu được) = mX + mHCl - m(giảm) = 4 + 0,34.36,5 - 0,34 = 16,07(g)
PTHH: \(HCl+NaOH\rightarrow NaCl+H_2O\)
\(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{HCl}=0,25\cdot1=0,25\left(mol\right)\\n_{H_2SO_4}=0,25\cdot2=0,5\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow n_{NaOH}=n_{HCl}+2n_{H_2SO_4}=1,25\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{NaOH}=\dfrac{1,25}{2}=0,625\left(l\right)=625\left(ml\right)\)