Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a/ \(C_2H_2\left(0,15\right)+2Br_2\left(0,3\right)\rightarrow C_2H_2Br_4\left(0,15\right)\)
\(n_{C_2H_2Br_4}=\dfrac{51,9}{346}=0,15\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{C_2H_2}=0,15.26=3,9\left(g\right)\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%C_2H_2=\dfrac{3,9}{10}.100\%=39\%\\\%C_2H_6=100\%-39\%=61\%\end{matrix}\right.\)
b/ \(m_{C_2H_6}=10-3,9=6,1\left(g\right)\)
\(\Rightarrow n_{C_2H_6}=\dfrac{6,1}{30}=\dfrac{61}{300}\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{C_2H_6}=\dfrac{61}{300}.22,4=4,56\left(l\right)\)
c/ \(m_{Br_2}=0,3.160=48\left(g\right)\)
\(\Rightarrow m_{ddBr_2}=\dfrac{48}{16\%}=300\left(g\right)\)
giả sử kết tủa chỉ có BaSO4 => mBaSO4 =0,15 .233 =34,95 < 49,725 => kết tủa gồm BaCO3 và BaSO4
giả sử trong dd X chỉ có muối CO3 2- => nH+ = 0,3 .2 =0,6 > 0,525 => loại
trong dd X chỉ có HCO3- => nH+ = 0,3 => loại
vậy trong X có cả 2 muối trên
mBaCO3 =m kết tủa - mBaSO4 => nBaCO3 = 0,075
nCO2 =0,075 + 0,3 =0,375 => V=8,4
\(a,n_{AlCl_3}=1\cdot0,2=0,2\left(mol\right)\\ m_{Na_2CO_3}=\dfrac{200\cdot6\%}{100\%}=12\left(g\right)\\ \Rightarrow n_{Na_2CO_3}=\dfrac{12}{106}\approx0,1\left(mol\right)\\ PTHH:3AlCl_3+2Na_2CO_3+H_2O\rightarrow2Al\left(OH\right)_3\downarrow+6NaCl+3CO_2\uparrow\)
Vì \(\dfrac{n_{AlCl_3}}{3}>\dfrac{n_{Na_2CO_3}}{2}\) nên sau phản ứng \(AlCl_3\) dư
\(\Rightarrow n_{Al\left(OH\right)_3}=n_{Na_2CO_3}=0,1\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{Al\left(OH\right)_3}=0,1\cdot78=7,8\left(g\right)\\ b,n_{NaCl}=3n_{Na_2CO_3}=0,3\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{NaCl}=0,3\cdot58,5=17,55\left(g\right)\)
BÀI NÀY THÌ PHẦN TRĂM SAI 99,99%, VÌ VẬY NẾU SAI XIN ANH RAINBOW GIẢI LẠI .
\(n_E=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1mol\)
\(n_{\downarrow}=n_{CaCO_3}=\dfrac{4}{100}=0,04mol\)
Dẫn khí oxi đi qua cacbon nung nóng xảy ra hai phương trình hoá học :
\(2C+O_2\underrightarrow{t^o}2CO\)
x mol \(\rightarrow\) x mol \(\)
\(C+O_2\underrightarrow{t^o}CO_2\)
y mol \(\rightarrow\) y mol
Hỗn hợp E gồm \(CO\left(x\right);CO_2\left(y\right);O_2du\left(z\right)\)
Ta có :
\(n_E=n_x+n_y+n_z=0,1\)
\(d_{\dfrac{E}{H_2}}=\dfrac{M_E}{M_{H_2}}=18\rightarrow\dfrac{M_E}{2}=18\Rightarrow M_E=36g\)
\(m_E=M_E.n_E=36.0,1=3,6g\rightarrow28x+44y+32z=3,6\)
Dẫn E qua nước vôi trong dư , chỉ có \(CO_2\) bị hấp thụ :
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow\)
y mol \(\rightarrow\) y mol
\(\rightarrow y=0,04mol\)
Ta có :
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y+z=0,1\\28x+44y+32z=3,6\\y=0,04\end{matrix}\right.\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,02\\y=0,04\\z=0,04\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CO}=\dfrac{0,02}{0,1}.100=20\%.\\\%V_{CO_2}=\dfrac{0,04}{0,1}.100=40\%.\\\%V_{O_2}=\dfrac{0,04}{0,1}.100=40\%.\end{matrix}\right.\)
Vậy ............
gọi x,y lần lượt là số mol của Fe, Mg:
Fe + CuSO4------> FeSO4 + Cu (1)
x x
Mg + CuSO4 -----> MgSO4 + Cu(2)
y y
a)nCu= 0.69/64=0.01 mol
theo gt, ta có hệ pt: 56x + 24y = 0.51
x + y = 0.01
giải hệ ,ta có x=0.008 , y=0.002
có ncuso4 =>C\(_M\) = (0.008+0.002)/0.1=1M(0.1 là do anh đổi ra lít nha em)
b) mFe=0.008*56=0.448g=> %Fe=0.448*100/0.51\(\approx\)87.84%
tương tự %Cu =12.16%
c) Cu + 2H2SO4 ---> 2H2O + SO2 + CuSO4
0.01 0.01
VSO2= 0.01*22.4=0.224 l
giai xong mệt quá zzzzzz....Chúc em học tốt !!!!!
a. PTHH:
Fe + 2HCl ---> FeCl2 + H2 (1)
Ta có: \(n_{Fe}=\dfrac{2,8}{56}=0,05\left(mol\right)\)
\(n_{HCl}=\dfrac{150}{1000}.2=0,3\left(mol\right)\)
Ta thấy: \(\dfrac{0,05}{1}< \dfrac{0,3}{2}\)
Vậy HCl dư.
Vậy trong X chứa FeCl2 và HCl dư.
b. PTHH:
2NaOH + FeCl2 ---> Fe(OH)2 + 2NaCl (2)
HCl + NaOH ---> NaCl + H2O (3)
Theo PT(1): \(n_{H_2}=n_{Fe}=0,05\left(mol\right)\)
=> \(V_{H_2}=0,05.22,4=1,12\left(lít\right)\)
c. Theo PT(1): \(n_{FeCl_2}=n_{Fe}=0,05\left(mol\right)\)
Theo PT(2): \(n_{Fe\left(OH\right)_2}=n_{FeCl_2}=0,05\left(mol\right)\)
=> \(m_{Fe\left(OH\right)_2}=0,05.90=4,5\left(g\right)\)
n B a C O 3 = 3,94/197 = 0,02mol
n B a O H 2 = 0,5.0,2 = 0,1 mol
C a C O 3 → t 0 C a O + C O 2 ( 1 )
Sục khí C O 2 vào B a O H 2 , theo bài ra có thể xảy ra các trường hợp sau:
TH1: C O 2 thiếu, B a O H 2 dư.
⇒ n C O 2 = n B a C O 3 = 0,02 mol
⇒ n C a C O 3 = n C O 2 = 0,02 mol
⇒ m = 0,02.100 = 2g
TH2: Cả 2 cùng hết , tạo 2 muối.
B a O H 2 + C O 2 → B a C O 3 + H 2 O 1 0 , 02 ← 0 , 02 ← 0 , 02 m o l
B a O H 2 + 2 C O 2 → B a H C O 3 2 2 ( 0 , 1 – 0 , 02 ) → 0 , 08 . 2 m o l
Từ (1) ⇒ n C O 2 = 0 , 02 + 0 , 08 = 0 , 18 m o l
⇒ n C a C O 3
⇒ m C a C O 3 = 18 g
⇒ Chọn B.