K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên
KH
8 tháng 5 2021
Bài 3:
a. Nồng độ phần trăm của dd thu được là:
\(C\%=\dfrac{m_{ct}}{m_{dd}}.100\%=\dfrac{20}{20+180}.100=10\left(\%\right)\)
b. Số mol K2O: \(n_{K_2O}=\dfrac{9,4}{94}=0,1\left(mol\right)\)
\(PTHH:K_2O+H_2O\rightarrow2KOH\)
(mol)_____0,1___________0,2__
Nồng độ mol dd thu được là:
\(C_M=\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,2}{0,2}=1\left(M\right)\)
13 tháng 12 2021
A) \(2Fe\left(OH\right)_3\underrightarrow{t^o}Fe_2O_3+3H_2O\)
B) \(2KOH+Fe\left(NO_3\right)_2\rightarrow Fe\left(OH\right)_2+2KNO_3\)
9 tháng 12 2021
\(a,PTHH:2Al+6HCl\to 2AlCl_3+3H_2\\ b,n_{Al}=\dfrac{5,4}{27}=0,2(mol)\\ \Rightarrow n_{H_2}=\dfrac{3}{2}n_{Al}=0,3(mol)\\ \Rightarrow V_{H_2}=0,3.22,4=6,72(l)\\ c,n_{AlCl_3}=n_{Al}=0,2(mol)\\ \Rightarrow m_{AlCl_3}=0,2.133,5=26,7(g)\)
8 tháng 10 2021
\(PTK\) của \(NaCl\) là: \(23+35,5=58,5\left(đvC\right)\)
\(PTK\) của \(CaCO_3\) là: \(40+12+3.16=100\left(đvC\right)\)
vậy phân tử muối ăn \(\left(NaCl\right)\) nhẹ hơn phân tử đá vôi \(\left(CaCO_3\right)\) là \(\dfrac{58,5}{100}=0,585\) (lần)
Ai giúp em với ạ em đang gấp:<<
3 tháng 4 2022
Na2O: natri oxit - oxit bazơ
CO2: cacbon đioxit - oxit axit
Na2SO4: natri sunfat - muối trung hòa
HNO3: axit nitric - axit
Mg(OH)2: magie hiđroxit - bazơ
Ba(HCO3)2 : bari hiđrocacbonat - muối axit
Ca3(PO4)2: canxi photphat - muối trung hòa
H2SO3: axit sunfurơ - axit
P2O5: điphotpho pentaoxit - oxit axit
H3PO4: axit photphoric - axit
Fe(OH)3: sắt hiđroxit - bazơ
CuO: đồng (II) oxit - oxit bazơ
AgNO3: Bạc nitrat - muối trung hòa
K2CO3: kali cacbonat - muối trung hòa
12 tháng 12 2021
a)
ta có \(n_{N_2}=\dfrac{4,2}{28}=0,15\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{N_2}=0,15.22,4=3,36l\)
ta có \(n_{O_2}=\dfrac{3,2}{32}=0,1\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{O_2}=0,1.22,4=2,24l\)
b)
ta có \(n_{SO_2}=\dfrac{32}{64}=0,5\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{SO_2}=0,5.22,4=11,2l\)
ta có \(n_{O_2}=\dfrac{32}{32}=1\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{O2}=1.22,4=22,4l\)
c)
ta có \(n_{H_2}=\dfrac{2}{2}=1\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{H_2}=1.22,4=22,4l\)
ta có \(n_{O_2}=\dfrac{8}{32}=0,25\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{O_2}=0,25.22,4=5,6l\)
d)
ta có \(n_{N_2}=\dfrac{8,4}{28}=0,3\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{N_2}=0,3.22,4=6,72l\)
ta có \(n_{O_2}=\dfrac{6,4}{32}=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow V_{N_2}=0,2.22,4=4,48l\)
\(n_{Al}=\dfrac{3,78}{27}=0,14mol\)
\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{24,5}{98}=0,25mol\)
\(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)
0,14 0,25 0 0
0,14 0,21 0,07 0,21
0 0,04 0,07 0,21
a)Sau phản ứng, axit sunfuric còn dư và dư:
\(m_{H_2SO_4dư}=0,04\cdot98=3,92g\)
b)\(V_{H_2}=0,21\cdot22,4=4,704l\)
c)\(n_{CuO}=\dfrac{12}{80}=0,15mol\)
\(CuO+H_2\rightarrow Cu+H_2O\)
0,15 0,21 0,15
\(m_{Cu}=0,15\cdot64=9,6g\)
\(n_{Al}=\dfrac{3,78}{27}=0,14\left(mol\right)\\ n_{H_2SO_4}=\dfrac{24,5}{98}=0,25\left(mol\right)\)
\(pthh:2Al+6H_2SO_4->Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)
LTL : \(\dfrac{0,14}{2}>\dfrac{0,25}{6}\)
=> Al dư H2SO4 hết
theo pthh : \(n_{Al\left(p\text{ư}\right)}=\dfrac{1}{3}n_{H_2SO_4}=\dfrac{1}{12}\left(mol\right)\)
=> \(m_{Al\left(d\right)}=\left(0,14-\dfrac{1}{12}\right).27=1,53\left(g\right)\)
theo pthh : \(n_{H_2}=n_{H_2SO_4}=0,25\left(mol\right)\)
=> \(V_{H_2}=0,25.22,4=5,6\left(L\right)\)
\(n_{CuO}=\dfrac{12}{80}=0,15\left(mol\right)\\ pthh:CuO+H_2\underrightarrow{t^o}Cu+H_2O\)
LTL :\(\dfrac{0,15}{1}< \dfrac{0,25}{1}\)
=> H2 dư , CuO hết
theo pthh : nCu = nCuO = 0,15 (mol)
=> \(m_{Cu}=0,15.64=9,6\left(g\right)\)