Cho M=(100+1).(100+2).(100+3). ... .(100+100).Chứng minh rằng M là bội của 2100
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
NT
0
M
0
NT
0
NT
0
15 tháng 1 2019
ta cần chứng minh điều này :
\(CMR:1^1+2^2+3^3+4^4+...+n^n< \left(n+1\right)^{n+1}\) (1)
+) với \(n=1\) thì (1) đúng
+) giả sử (1) đúng với \(n=k\) tức là : \(1^1+2^2+...+k^k< \left(k+1\right)^{k+1}\)
ta cũng có thể chứng minh được (1) đúng với \(n=k+1\)
tức : \(1^1+2^2+...+k^k+\left(k+1\right)^{k+1}< \left(k+2\right)^{k+2}\)
thật vậy : ta có \(VT< 2\left(k+1\right)^{k+1}< \left(k+2\right)\left(k+2\right)^{k+1}=\left(k+2\right)^{k+2}\)
\(\Rightarrow\) (đpcm)
áp dụng cho bài toán ta có :
\(1^1+2^2+...+99^{99}< 100^{100}\)
\(\Leftrightarrow1^1+2^2+...+99^{99}+100^{100}< 2.100^{100}\)
mà ta để dàng thấy \(2.100^{100}\) có 201 chữ số \(\Rightarrow\) (đpcm)
15 tháng 1 2019
mk chưa đọc hết đề nên giải còn thiếu ! nên h mk sẽ giải cho hết luôn nhé
áp dụng bđt vừa chứng minh ta có :
vì \(M< 2.100^{100}\Rightarrow\) số hạng đầu là số 1
theo phương pháp cũ ta có thể chứng minh :
\(1^1+2^2+...+n^n< \left(n+1\right)^n\)
từ đó ta có thể thấy được :
\(1^1+2^2+...+99^{99}< 100^{99}\) \(\Rightarrow M< 100^{100}+100^{99}\)
\(\Rightarrow\) số hạng thứ 2 là số 0
\(\Rightarrow\) tổng 2 chữ số đầu tiên của số M là : \(1+0=1\)
vậy ....
28 tháng 2 2020
\(A=3+3^2+3^3+...+3^{100}\)
\(\Leftrightarrow3A=3^2+3^3+3^4+3^5+....+3^{101}\)
\(\Leftrightarrow3A-A=\left(3^2+3^3+3^4+3^5+...+3^{101}\right)-\left(3+3^2+3^3+3^4+...+3^{100}\right)\)
\(\Leftrightarrow2A=3^{101}-3\)
\(\Leftrightarrow A=\frac{3^{101}-3}{2}< 3^{100}-1\)
\(\Leftrightarrow A< B\)
28 tháng 2 2020
a. tính A = 3+3^2+3^3+3^4+.....+3^100
3A=3^2+3^3+3^4+3^5+....+3^100
3A-A=(3^2+3^3+3^4+....+3^101)-(3+3^2+3^3+3^4+.....+3^100)=3^101-3=3^100
mà B=3^100-1 => A<B
NT
0