Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
b) CD đi qua trung điểm của đường cao AH của D ABC
· Gọi F là giao của BD và CA.
Ta có BD.BE= BA.BM (cmt)
= > B D B A = B M B E = > Δ B D M ~ Δ B A E ( c − g − c ) = > B M D = B E A
Mà BCF=BEA(cùng chắn AB)
=>BMD=BCF=>MD//CF=>D là trung điểm BF
· Gọi T là giao điểm của CD và AH .
DBCD có TH //BD = > T H B D = C T C D (HQ định lí Te-let) (3)
DFCD có TA //FD = > T A F D = C T C D (HQ định lí Te-let) (4)
Mà BD= FD (D là trung điểm BF ) (5)
· Từ (3), (4) và (5) suy ra TA =TH ÞT là trung điểm AH .
a) Nối \(A,M.\) Vì \(AH\perp BC,MD\perp AC\to A,H,M,D\) cùng nằm trên đường tròn đường kính \(AM\). Suy ra \(\angle MDH=\angle MAH\) (hai góc nội tiếp cùng chắn một cung). Do \(B,M\) đối xứng nhau qua điểm \(H\) nên
\(\angle MAH=\angle BAH\to\angle MAH=\angle ACB\to\angle MDH=\angle ACB.\)
Do \(O\) là trung điểm \(MC\), nên áp dụng tính chất đường trung tuyến ứng với cạnh huyền trong tam giác vuông \(MCD\), ta được \(\Delta OCD\) cân, suy ra \(\angle ODC=\angle OCD\to\angle ODC=\angle MDH.\) Mà \(\angle ODC+\angle ODM=90^{\circ}\to\angle ODH=90^{\circ}.\) Vậy tam giác \(HDO\) vuông ở \(D.\)
b) Kẻ đường cao \(DK\) của tam giác \(HDO,K\in BC.\) Ta có \(OH=OM+HM=\frac{1}{2}BM+\frac{1}{2}CM=\frac{1}{2}BC.\) Do đó diện tích tam giác \(HDO\) lớn nhất khi và chỉ khi \(DK\) lớn nhất. Gọi \(J\) là trung điểm của \(OH\to DK\le DJ=\frac{1}{2}OH=\frac{1}{4}BC.\) Vậy \(DK\) lớn nhất khi \(K\equiv J\Leftrightarrow\Delta HDO\) vuông cân ở \(D.\) Khi đó \(\angle MAC=45^{\circ}\) (Vì bằng \(\angle DHC,\) góc nội tiếp cùng chắn 1 cung). Suy ra
\(\angle BAM=45^{\circ}\to\angle ABC=67,5^{\circ}\to\angle ACB=22,5^{\circ}.\)
Lấy \(I\) là trung điểm \(BC\to AI=\frac{1}{2}BC=a,\angle AIB=2\angle ACB=45^{\circ}.\) Suy ra \(AH=AI\cdot\sin\angle AIB=a\cdot\sin45^{\circ}=\frac{a\sqrt{2}}{2}.\)
Vậy để diện tích \(HDO\) lớn nhất thì \(AH=\frac{a\sqrt{2}}{2}.\)