Ta có : $2p + n = 13 \Rightarrow n = 13 - 2p$

$1 ≤ \dfrac{n}{p} ≤ 1,5$

$\Rightarrow p ≤ n ≤ 1,5p$

$\Rightarrow p ≤ 13 - 2p ≤ 1,5p$
$\Rightarrow 3,7 ≤ p ≤ 4,3$

Suy ra, với $p = 4$ thì thỏa mãn $\Rightarrow n = 13 - 2p = 5$

Vậy nguyên tử có 4 hạt proton, 4 hạt electron và 5 hạt notron

a)

$CuSO_4 + 2NaOH \to Cu(OH)_2 + Na_2SO_4$

$Cu(OH)_2 \xrightarrow{t^o} CuO + H_2O$

b)

Theo PTHH : 

$n_{CuO} = n_{Cu(OH)_2} = n_{CuSO_4} = \dfrac{300.40\%}{160} = 0,75(mol)$
$m_{CuO} = 0,75.80 = 60(gam)$

a) \(m_{CuSO_4}=300.40\%=120\left(g\right)\Rightarrow n_{CuSO_4}=\dfrac{120}{160}=0,75\left(mol\right)\)

PTHH:

`CuSO_4 + 2NaOH -> Cu(OH)_2 + Na_2SO_4`

$Cu(OH)_2 \xrightarrow{t^o} CuO +H_2O$

b) BTNT Cu: n_CuO = n_CuSO4 = 0,75 (mol)

=> m_CuO = 0,75.80 = 60 (g)

$n_{HCl} = 0,2.2 = 0,4(mol)$
$NaOH + HCl \to NaCl + H_2O$
Theo PTHH , $n_{HCl} = n_{NaOH} = n_{NaCl} = 0,4(mol)$

$\Rightarrow V_{dd\ NaOH} = \dfrac{0,4}{1,5} = \dfrac{4}{15}(lít)$

Sau phản ứng, $V_{dd} = \dfrac{4}{15} + 0,2 = \dfrac{7}{15}(lít)$
$\Rightarrow C_{M_{NaCl}} = \dfrac{0,4}{\dfrac{7}{15}} = 0,857M$

????/???????

$n_{HCl} = 0,2.1 = 0,2(mol)$
$n_{H_2SO_4} = 0,2.0,2 = 0,04(mol)$

$\Rightarrow n_{H^+} = n_{HCl} + 2n_{H_2SO_4} = 0,2 + 0,04.2 = 0,28(mol)$
Gọi $V_{dd\ B} = V(lít)$

$\Rightarrow n_{NaOH} = 2V(mol) ; n_{Ba(OH)_2} = V(mol)$
$\Rightarrow n_{OH^-} = n_{NaOH} + 2n_{Ba(OH)_2} = 4V(mol)$
$H^+ + OH^- \to H_2O$
$\Rightarrow 0,28 = 4V$
$\Rightarrow V = 0,07(lít)$

Σn_H+ = 0,2 . (1+0,2.2)=0,28 mol

Để trung hòa dung dịch A thì Σn_H+ =Σn_OH-

Ta có 0,28=V_B  . (2+1.2) ⇔V_B =0,07 lít 

chiều hôm qua, mình đi thăm ông ngoại mình ở trong bệnh viện, ông mình đang phải cần cấp cứu khi vào viện, mình thấy mũi ông đang đeo mặt nạ dưỡng khí. mặt nạ đó được nối dây vào một bình dưỡng khí làm bằng thép rất chắc nhắn. mình tự hỏi:

a) trong đó có oxygen không nhỉ?

b) nếu có oxygen thìuywee vì sao trong không khí có oxygen rồi mà phải dùng bình dưỡng khí ấy?

Trả lời:

a) Trong bình có oxi nguyên chất nhé , không phải không khí

b) Lượng oxi trong bình là  chiếm 99% , còn trong không khí chiếm 25%

đúng thiệt

- T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

n_{hh khí} =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ n_NO =0,03 mol và n_N2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 n_HNO3  =4n_NO +12n_N2 +10n_NH4NO3 
⇒n_NH4NO3 =0,01 mol

m_t =m_Kl +62n_e+m_NH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được m_KL= 21,08 g

 Câu 35

T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

nhh khí =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ nNO =0,03 mol và nN2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 nHNO3  =4nNO +12nN2 +10nNH4NO3 
⇒nNH4NO3 =0,01 mol

mt =mKl +62ne+mNH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được mKL= 21,08 g

Câu 35:

\(M_{khí}=7,3.4=29,2\left(g/mol\right)\)

Khí hoá nâu ngoài không khí => Khí đó là NO

\(n_{khí}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)

=> \(m_{khí}=0,05.29,2=1,46\left(g\right)\)

\(n_{HNO_3}=1,15.0,4=0,46\left(mol\right)\)

BTNT H: \(n_{H_2O}=\dfrac{1}{2}n_{HNO_3}=0,23\left(mol\right)\)

Áp dụng ĐLBTKL:

m + m_HNO3 = m_muối + m_khí + m_H2O 

=> m = 44,82 + 1,46 + 0,23.18 - 0,46.63 = 21,44 (g)

Câu 36:

\(n_{khí}=\dfrac{2,688}{22,4}=0,12\left(mol\right)\)

Áp dụng sơ đồ đường chéo, ta có:

\(\dfrac{n_{NO}}{n_{NO_2}}=\dfrac{46-\dfrac{55}{3}.2}{\dfrac{55}{3}.2-30}=\dfrac{7}{5}\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{NO}=0,07\left(mol\right)\\n_{NO_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi hoá trị của M là n

Quá trình oxi hoá - khử:

\(M^0-ne\rightarrow M^{+n}\\ N^{+5}+1e\rightarrow M^{+4}\\ N^{+5}+3e\rightarrow N^{+2}\)

BTe: \(n_M=\dfrac{3n_{NO}+n_{NO_2}}{n}=\dfrac{0,26}{n}\left(mol\right)\)

=> \(M_M=\dfrac{8,32}{\dfrac{0,26}{n}}=32n\left(g/mol\right)\)

Với n = 2 thoả mãn => M_M = 32.2 = 64 (g/mol)

=> M là Cu

Câu 35

 T gồm NO ( khí ko màu hóa nâu trong kk) và N2 (vì 30>29,2 nên khí còn lại phải có phân tử khối nhỏ hơn 29,2 loại khí N20)

Áp dụng quy tắc đường chéo 

NO 30             1,2   3
              29,2 
N2   28           0,8     2

nhh khí =1,12:22,4=0,05 mol ⇒ nNO =0,03 mol và nN2 =0,02 mol

CT tính số mol HNO3 nhanh 
 nHNO3  =4nNO +12nN2 +10nNH4NO3 
⇒nNH4NO3 =0,01 mol

mt =mKl +62ne+mNH4No3 =44,82 g   thay số vào ta được mKL= 21,08 g