ΔABC vuông tại A , AM là trung tuyến . Trên tia đối của tia MA lấy D : MA = MD . Chứng minh :
a, AB // CD
b, BD ⊥ CD
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
CM: Ta có: t/giác ABC cân tại A
AM là đường trung tuyến
=> AM cũng là đường cao (t/c t/giác cân)
Đường cao BH cắt đường cao AM tại K
=> K là trọng tâm của t/giác ABC
=> CK là đường cao thứ 3
=> CK \(\perp\)AB
a) Ta có :
DBA = DBC - ABC
=> DBA = 90° - ABC
Ta lại có :
CBE = ABE - ABC
=> CBE = 90° - ABC
=> DBA = CBE ( cùng phụ với ABC )
Xét ∆DAB và ∆CBE ta có :
BC = DB
AB = BE
DBA = CBE (cmt)
=> ∆DAB = ∆CBE
=> DA = CE ( tương ứng)
a) Xét ∆ADC có :
CH là trung tuyến AD ( AH = HD )
CH là đường cao
=> ∆ADC cân tại C
=> CH là phân giác DCA
Hay CB là phân giác DCA
b) Xét ∆ vuông BHA và ∆ vuông DHE ta có :
BHA = DHE
HA = HD
=> ∆BHA = ∆DHE (cgv-gn)
=> BAH = HDE
Mà 2 góc này ở vị trí so le trong
=> BA//DE
c) Chứng minh DKA = 90°
=> HK = HD = HA ( tính chất )
=> HK = \(\frac{1}{2}\:AD\)
làm mẫu 1 phần
a) \(|2x-4|-|x-1|=6\left(1\right)\)
Ta có:
\(2x-4=0\Leftrightarrow x=2\)
\(x-1=0\Leftrightarrow x=1\)
Lập bảng xét dấu :
+) Với \(x< 1\Rightarrow\hept{\begin{cases}2x-4< 0\\x-1< 0\end{cases}\Rightarrow\hept{\begin{cases}|2x-4|=4-2x\\|x-1|=1-x\end{cases}\left(2\right)}}\)
Thay (2) vào (1) ta được :
\(\left(4-2x\right)-\left(1-x\right)=6\)
\(4-2x-1+x=6\)
\(3-x=6\)
\(x=-3\)(chọn )
+) Với \(1\le x< 2\Rightarrow\hept{\begin{cases}2x-4< 0\\x-1\ge0\end{cases}\Rightarrow\hept{\begin{cases}|2x-4|=4-2x\\|x-1|=x-1\end{cases}\left(3\right)}}\)
Thay (3) vào (1) ta được :
\(\left(4-2x\right)-\left(x-1\right)=6\)
\(4-2x-x+1=6\)
\(5-3x=6\)
\(x=\frac{-1}{3}\)(loại )
+) Với \(x\ge2\Rightarrow\hept{\begin{cases}2x-4>0\\x-1>0\end{cases}\Rightarrow\hept{\begin{cases}|2x-4|=2x-4\\|x-1|=x-1\end{cases}\left(4\right)}}\)
Thay (4) vào (1) ta được :
\(\left(2x-4\right)-\left(x-1\right)=6\)
\(2x-4-x+1=6\)
\(x-3=6\)
\(x=9\)( chọn )
Vậy \(x\in\left\{-3;9\right\}\)
a) Xét ∆ vuông BMH và ∆ vuông CMK ta có :
HMB = CMK ( đối đỉnh)
BM = MC ( AM là trung tuyến)
=> ∆BMH = ∆CMK ( ch-gn)
=> BH = CK
b) Vì ∆BMH = ∆CMK
=> HM = MK
Xét ∆BMK và ∆HMC ta có :
BM = MC
HM = MK
HMC = BMK ( đối đỉnh)
=> ∆BMK = ∆HMC ( c.g.c)
=> HCM = MBK
Mà 2 góc này ở vị trí so le trong
=> HC//BK
\(A=\left(\frac{1}{2}-1\right)\left(\frac{1}{3}-1\right)\left(\frac{1}{4}-1\right)...\left(\frac{1}{2013}-1\right)\)
\(-A=\left(1-\frac{1}{2}\right)\left(1-\frac{1}{3}\right)\left(1-\frac{1}{4}\right)...\left(1-\frac{1}{2013}\right)\)
\(-A=\frac{1}{2}\cdot\frac{2}{3}\cdot\frac{3}{4}\cdot...\cdot\frac{2012}{2013}\)
\(-A=\frac{1}{2013}\)
\(A=\frac{-1}{2013}\)
\(\frac{230^5}{23^5}=\frac{23^5.10}{23^5}=10\)
Quá hợp lí!
Học tốt nhá
Bài 1
Bài 2.
Giải:a) Ta có: \(\widehat{AOD}+\widehat{DOB}=\widehat{AOB}\) (OD nằm giữa OA và OB) => \(\widehat{AOD}+90^0=\widehat{AOB}\)
\(\widehat{BOC}+\widehat{AOC}=\widehat{AOB}\) (OC nằm giữa OA và OB) => \(\widehat{BOC}+90^0=\widehat{AOB}\)
=> \(\widehat{AOD}=\widehat{BOC}\)
b) Do OD nằm giữa OA và OB (\(\widehat{BOD}< \widehat{AOB}\)) nên \(\widehat{AOD}+\widehat{DOB}=\widehat{AOB}\)
=> \(\widehat{AOD}=\widehat{AOB}-\widehat{BOD}=130^0-90^0=40^0\)
Do OD nằm giữa OA và OC (\(\widehat{AOD}< \widehat{AOC}\)) nên \(\widehat{AOD}+\widehat{DOC}=\widehat{AOC}\)
=> \(\widehat{COD}=\widehat{AOC}-\widehat{AOD}=90^0-40^0=50^0\)
Vậy ...
a) Xét ∆BMA và ∆DMC ta có :
BM = MC ( AM là trung tuyến )
MD = MA
BMA = DMC
=> ∆BMA = ∆DMC (c.g.c)
=> MBA = MCD
Mà 2 góc này ở vị trí so le trong
=> AB //CD
b) Vì ∆ABC vuông tại A
Mà AM là trung tuyến BC
=> AM = BM = MC = MD ( Trong ∆ vuông đường trung tuyến ứng với cạnh huyền = nửa cạnh huyền)
Mà MD = BM = MC (cmt)
=> MD = BC/2
=> MD là trung tuyến ∆DBC
=> ∆DBC vuông tại D
Hay BD\(\perp\)CD