K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

3 tháng 10 2018

Chọn A

16 tháng 5 2019

Chọn D

17 tháng 11 2019

Đáp án D

RCOOK + KOH -> RH + K2CO3

Do n chất rắn = nKOH ban đầu = 0,7 ; nRH = 0,3 nên có 2 trường hợp :

+) TH1 : nRCOOK = 0,4 ; nKOH dư = 0,3

mrắn = 54,4 => R = 11

nY = 0,4 => nY pứ = 0,24 mol

=> nete = nH2O = 0,12 mol

=> mY pứ = mete + mH2O = 10,2g

=> MY = 42,5

Vậy Y chứa CH3OH (0,1 mol) và C2H5OH (0,3 mol) => tỷ lệ mol các muối = 1 : 3 hoặc 3 : 1

R = 11 => -H và –R’

1 + 3R’ = 11.4 => R’ = 43/3 => Loại

3 + R’ = 11.4 => R’ = 41 : C3H5-

Vậy các este là : HCOOC2H5 (0,3) và C3H5COOCH3 (0,1)

=> %mHCOOC2H5 = 68,94%

+) TH2 : nRCOOK = 0,3 và nKOH dư = 0,4 mol

Có mrắn = 54,4g => R = 23,67

nY  = 0,3 mol => nY pứ = 0,18 mol => nete = nH2O = 0,09 mol

Có : mY pứ = mete + mH2O = 9,66g

=> MY = 32,2

Vậy Y chứa CH3OH (207/700 mol) và C2H5OH (3/700 mol) => tỷ lệ mol các muối = 207 : 3 hoặc 3 : 207 => Không thỏa mãn

R = 23,67 => -R” và –R’

207R” + 3R’ = 23,67.210 => Loại

3R” + 207R’ = 23,67.210 => Loại

Vậy %mA = 68,94%

31 tháng 7 2017

Đáp án B

Ta có:

 

Bảo toàn khối lượng:

 

Khi cô cạn X: 

Khi đó xảy ra hai trường hợp:

Trường hợp (1):

 

Trường hợp (2):

 

Vậy 

15 tháng 4 2017

 

 

Đáp án B

Ta có:

Bảo toàn khối lượng:

Khi cô cạn X:

Khi đó xảy ra hai trường hợp:

Trường hợp (1):

Trường hợp (2):

Vậy

=68,94%

 

 

7 tháng 8 2019

Chọn đáp án D.

Có  n K O H = 0 , 7   m o l n T = 6 , 72 22 , 4 = 0 , 3   m o l

Thêm NaOH vào chất rắn nung tiếp thấy có thêm khí thoát ra

⇒ Chứng tỏ muối RCOOK chưa phản ứng hết khi nung chất rắn.

⇒ n e s t e = n K O H − n T = 0 , 7 − 0 , 3 = 0 , 4   m o l ⇒ n Y = 0 , 4   m o l

Số mol H2O tạo thành trong phản ứng tạo ete  = 60 % . 1 2 .0 , 4 = 0 , 12   m o l

⇒ M ¯ e t e = 8 , 04 0 , 12 = 67 ⇒ 2 ancol là C2H5OH và CH3OH

⇒ n C 2 H 5 O H + n C H 3 O H = 0 , 4   m o l 46 n C 2 H 5 O H + 32 n C H 3 O H 0 , 4 = 8 , 04 + 18.0 , 12 0 , 24 ⇒ n C 2 H 5 O H = 0 , 3 n C H 3 O H = 0 , 1

m c h a t   r a n = m R C O O K + m K O H   d u = R + 83 .0 , 4 + 56.0 , 3 = 54 , 4 g

⇒ R = 11 ⇒  Có 1 gốc axit là H, gốc axit còn lại kí hiệu là  

Trường hợp 1:  H C O O K : 0 , 1   m o l R ' C O O K : 0 , 3   m o l ⇒ R ' = 37 , 6 − 84.0 , 3 0 , 1 − 83 = 41

⇒ Loại.

Trường hợp 2:  H C O O K : 0 , 3   m o l R ' C O O K : 0 , 1   m o l ⇒ R ' = 37 , 6 − 84.0 , 3 0 , 1 − 83 = 41

⇒ R '  là C3H5-, A là HCOOC2H5, B là C3H5COOCH3

% m A = 74.0 , 3 74.0 , 3 + 100.0 , 1 .100 % = 68 , 94 %

31 tháng 3 2019

Đáp án B

  2 chất trong A có dạng  C m H n O 2 N

A + KOH → dung dịch X + Y gồm 2 amin

⇒  Chứng tỏ A là muối amin với axit cacboxỵlic, A đơn chức.

• A gồm 2 chất có cùng CTPT, thủy phân A được 2 amin là đồng đẳng kế tiếp (vì Y +  NaNO 2  / HCl cho 2 ancol đồng đẳng kế tiếp) nên 2 muối thu được cũng là đồng đẳng kế tiếp

 

Gần nhất với giá trị 29%.

11 tháng 7 2019

Đáp án B

RCOOK + KOH —> RH + K2CO3

Do n chất rắn = nKOH ban đầu = 0,7 và nRH = 0,3 nên có 2 trường hợp:

TH1:  n R C O O K = 0,4 và  n K O H dư = 0,3 m rắn = 53 —> R = 7,5: HCOOK và RCOOK

n Y = 0,4  n Y  pư = 0,24 mol

Tách H2O của Y → n H 2 O  = 0,12 mol

=> m Y pư =  m e t e +  m H 2 O  = 10,2 gam

=> M Y = 42,5

Vậy Y chứa CH3OH (0,1) và C2H5OH (0,3) => Tỷ lệ mol các muối là 1 : 3 hoặc 3: 1

1+3R' = 7,5.4—> R'= 29/3: Loại

3+R'=7,5.4—> R'= 27: CH2=CH-

E là HCOOC2H5 (0,3) và F là CH2=CHCOOCH3 (0,1)

(1)Sai

(2) Sai, mE = 22,2

(3) Đúng

(4) Đúng

(5) Sai

TH2: nRCOOK = 0,3 và nKOH dư = 0,4.

Làm tương tự.

26 tháng 1 2017

Chọn D

n(ancol) = n(NaOH) = 0,24 mol → n(ancol phản ứng) = 0,24*80% = 0,192 mol

→ n(este) = n(H2O) =0,096 → m(ancol phản ứng) = m(ete) + m(H2O) = 6,816

→ M (ancol) = 35,5 → 2 ancol là CH3OH (0,18 mol) và C2H5OH (0,06 mol)

Trong E: n(H2O) = 0,66 mol → n(H) = 1,32 n(O) = 2n(NaOH) = 0,48 → n(C) = 0,66

Vậy đốt E thu được sản phẩm có n(CO2) = n(H2O) → E chứa các este no, đơn chức.

Số C = 0,66/0,24 = 2,75 → X là HCOOCH3

TH1: Y và Z đều có dạng RCOOC2H5

n(X) = 0,18, n(Y) + n(Z) = 0,06

n(CO2) = 0,18*2 + 0,06n = 0,66 → n = 5 (Loại vì Y, Z trùng  nhau)

TH2: X là HCOOCH3 (a), Y là RCH2COOCH3 (b) và Z là RCOOC2H5 (0,06)

→ n(CH3OH) = a + b =0,18 mol

→ m(khí) = 2a + (R+15)b + (R+1)*0,06 = 0,24*9 → Rb + 13b + (R+1)*0,06 = 1,8

→ 0,06(R+1) < 1,8 → R < 29 → R = 15 → a = 0,15 và b = 0,03

Vậy các chất trong R:

X: HCOOCH3 (0,15 mol); Y: C2H5COOCH3 (0,03 mol); Z: CH3COOC2H5 (0,06)

%X = 53,19%