K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

9 tháng 7 2019

Đáp án A

X có dạng CnH2n-2O2 và Y có dạng CmH2m-4O4, lại cho 2 ancol đồng đẳng kế tiếp → 2 ancol no, đơn chức, mạch hở.

Ta có: x = y + 0,2 → x – y = 0,2 = n(X) + 2n(Y) → n(2 ancol) = 0,2

Gọi ancol là ROH (0,2 mol) → n(H2) = 0,1 → m(bình tăng) = m(ancol) – m(H2)

→ 6,76 = 0,2. (R + 17) -  0,2 → 17,8 → CH3OH (a mol) và C2H5OH (b mol)

→ a + b = 0,2 và 32a + 46b - 0,2 = 6,76 → a = 0,16 và b = 0,04

Do n(X) > n(Y) → TH1: X tạo bởi CH3OH và Y tạo bởi C2H5OH và TH2: X tạo bởi CH3 OH và Y tạo bởi cả 2 ancol.

TH1: Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,16 mol); C8H12O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

Có m(hh) = 16,64 → x < 0 (loại)

TH2: Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,12 mol); C7H10O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

(do chia mất CH3OH vào 2 ancol)

Có m(hh) = 16,64 → x = 0 → X là C2H3COOCH3 (0,12 mol) và Y là CH3OOC-C2H2-COOC2H5 (0,04 mol)

→ muối thu được là C2H3COONa (0,12 mol) và C2H2(COONa)2 (0,04 mol)

→ m(C23COONa) = 11,28 và m(C2H2(COONa)2) = 6,4

(nhận thấy các đ.a a:b đều > 1 → a (= m(C2H3COONa)) : b (=m(C2H2(COONa)2) = 1,7625

12 tháng 3 2017

X có dạng CnH2n-2O2 và Y có dạng CmH2m-4O4, lại cho 2 ancol đồng đẳng kế tiếp

 → 2 ancol no, đơn chức, mạch hở.

Ta có: x = y + 0,2 → x – y = 0,2 = nX + 2nY → n2 ancol = 0,2mol

Gọi ancol là ROH (0,2 mol) → = 0,1 → mbình tăng = mancol  mH2 

→ 6,76 = 0,2. (R + 17) – 0,2 → R = 17,8

→ 2 ancol CH3OH (z mol) và C2H5OH (t mol)

→ z + t = 0,2 và 32z + 46t – 0,2 = 6,76 → z = 0,16 và t = 0,04

Do nX > nY , ta xét 2 trường hợp sau:

TH1: X tạo bởi CH3OH và Y tạo bởi C2H5OH

Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,16 mol); C8H12O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

Có mhỗn hợp = 16,64 → x < 0 (loại)

TH2: X tạo bởi CH3OH và Y tạo bởi cả 2 ancol.

Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,12 mol); C7H10O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

(do chia mất CH3OH vào 2 ancol)

Có mhỗn hợp = 16,64 → x = 0

→ X là C2H3COOCH3 (0,12 mol) và Y là CH3OOC-C2H2-COOC2H5 (0,04 mol)

→ muối thu được là C2H3COONa (0,12 mol) và C2H2(COONa)2 (0,04 mol)

→ mC2H3COONa = 11,28 và mC2H2(COONa)2   = 6,4       

(nhận thấy các đáp án. a:b đều > 1)

a = mC2H3COONa = 11,28 và b = mC2H2(COONa)2   = 6,4  

a : b = 11,28/6,4 = 1,7625

→ Đáp án A

19 tháng 1 2019

Đáp án A

X có dạng CnH2n-2O2 và Y có dạng CmH2m-4O4, lại cho 2 ancol đồng đẳng kế tiếp → 2 ancol no, đơn chức, mạch hở.

Ta có: x = y + 0,2 → x – y = 0,2 = n(X) + 2n(Y) → n(2 ancol) = 0,2

Gọi ancol là ROH (0,2 mol) → n(H2) = 0,1 → m(bình tăng) = m(ancol) – m(H2)

→ 6,76 = 0,2. (R + 17) -  0,2 → 17,8 → CH3OH (a mol) và C2H5OH (b mol)

→ a + b = 0,2 và 32a + 46b - 0,2 = 6,76 → a = 0,16 và b = 0,04

Do n(X) > n(Y) → TH1: X tạo bởi CH3OH và Y tạo bởi C2H5OH và TH2: X tạo bởi CH3 OH và Y tạo bởi cả 2 ancol.

TH1: Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,16 mol); C8H12O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

Có m(hh) = 16,64 → x < 0 (loại)

TH2: Quy đổi hỗn hợp thành C4H6O2 (0,12 mol); C7H10O4(0,04 mol); CH2 (x mol)

(do chia mất CH3OH vào 2 ancol)

Có m(hh) = 16,64 → x = 0 → X là C2H3COOCH3 (0,12 mol) và Y là CH3OOC-C2H2-COOC2H5 (0,04 mol)

→ muối thu được là C2H3COONa (0,12 mol) và C2H2(COONa)2 (0,04 mol)

→ m(C23COONa) = 11,28 và m(C2H2(COONa)2) = 6,4

(nhận thấy các đ.a a:b đều > 1 → a (= m(C2H3COONa)) : b (=m(C2H2(COONa)2) = 1,7625

28 tháng 2 2018

Đáp án C

16,64g E +KOH vừa đủ → F (2 ancol đổng đẳng kế tiếp )+ 2 muối

Chứng tỏ Y tạo bởi 2 ancol đơn chức, đồng đẳng kế tiếp và axit 2 chức

a:b=13,2:7,68 ≈ 1,72 gần nhất với giá trị 1,7

18 tháng 3 2017

Chọn đáp án A

hỗn hợp A gồm X, Y dạng C?(H2O)?? (đốt có nO2 cần đốt = nCO2).

cần chú ý nchức ancol –OH = nKOH = 0,4 mol

→ mancol = 15,2 + 0,4 ÷ 2 × 2 = 15,6 gam.

♦ Thủy phân: 30,24 gam A + 0,4 mol KOH → 2 muối D + 15,6 gam 2 ancol B

→ mmuối D = 37,04 gam (theo BTKL). 

Giải đốt D: đủ giả thiết → ok.!

Đốt 37,04 gam muối D cần 0,42 mol O2 → 0,2 mol K2CO3 + x mol CO2 + y mol H2O.

bảo toàn O + bảo toàn khối lượng 

→ đủ giải ra x = 0,52 mol và y = 0 mol.

► Ngôn ngữ: X, Y không phân nhánh 

→ có không quá 2 chức, este không phải là vòng (*)

kết hợp y = 0 cho biết muối không chứa nguyên tố H 

→ 2 muối đều 2 chức dạng C???(COOH)2 (với ??? phải chẵn)

Lại biết tỉ lệ số mol X, Y là 1,5 

→ nX = 0,12 mol và nY = 0,08 mol.

số Caxit tạo X = m; số Caxit tạo Y = n (m, n nguyên dương và chẵn)

→ nghiệm nguyên: 0,12m + 0,08n = ∑nC trong muối = 0,72 mol 3m + 2n = 18

→ duy nhất cặp chẵn m = 2; n = 6 thỏa mãn 

→ axit tạo X là (COOH)2 và Y là C4(COOH)2.

Mặt khác: X, Y dạng C?(H2O)4; gốc axit không chứa H → ∑gốc ancol có 8H.

Lại có ở (*) cho biết hai ancol phải là đơn chức nên nB = 0,4 mol; MB = 15,6 ÷ Ans = 39 

→ có ancol là CH3OH; gốc ancol này có 3C 

→ còn 5C trong gốc ancol còn lại

 → là C2H5

Vậy đã rõ: X là H3C-OOC-COOC2H5 và Y là H3C-OOC-C≡C-C≡C-COOC2H5.

ĐỌc yêu cầu, xem lại Y có CTPT C9H8O4

 

→ ∑số nguyên tử = 21

15 tháng 10 2017

Chọn A.

- Ta có:

 

=> 2 ancol đó là CH3OH (0,2 mol) và C2H5OH (0,2 mol).

- Khi đốt cháy E thì:  

 

- Khi cho E tác dụng với KOH thì:  

- Khi đốt cháy K thì:  

- Thay  n C O 2 vào (1) nhận thấy  n H 2 O   ( K )   = 0 Þ trong muối K không chứa H.

- Gọi muối K  

 

Vậy tổng số nguyên tử nguyên tố có trong Y là 21 

4 tháng 12 2017

Chọn C.

- Ta có: 

 2 ancol đó là CH3OH (0,1 mol) và C2H5OH (0,1 mol).

 

- Khi đốt cháy E thì:

  

- Khi cho E tác dụng với KOH thì:  m K = m E + 56 n K O H - m a n c o l = 18 , 52   ( g )  

 (1)

- Khi đốt cháy K thì:  

- Thay  n C O 2  vào (1) nhận thấy  n H 2 O   ( K ) = 0 ⇒  Þ trong muối K không chứa H.

- Gọi muối K

 

 

Þ %mX = 52,38%.

25 tháng 12 2017

Chọn D.

Khi đốt cháy muối F thì:

Khối lượng bình tăng:

Þ Hai ancol đó là C2H5OH (0,02 mol) và C2H4(OH)2 (0,12 mol)

→ B T K L m F = 21 , 32   g a m  và hai muối trong Z có số mol bằng nhau và bằng 0,13 mol Þ MF = 82

Þ Hai muối trong F là HCOONa và muối còn lại là C2H5COONa

Xét hỗn hợp ban đầu có X, Y (0,02 mol) và Z (0,12 mol) Þ X và Y có mol bằng nhau (vì số mol hai muối bằng nhau).

Dựa vào số mol Þ este có PTK nhỏ nhất là HCOOCH3 0,01 mol Þ %m = 3,84%

8 tháng 11 2018

Đáp án D

Lần lượt bảo toàn nguyên tố Natri và gốc OH: nOH/ancol = nNaOH = 2nNa2CO3 = 0,26 mol.

► Lại có: -OH + Na → -ONa + ¹/ H2↑ || nH2 = 0,13 mol. Bảo toàn khối lượng:

mancol = mbình tăng + mH2 = 8,1 + 0,13 × 2 = 8,36(g) || Lại có: 2 ancol no, có cùng số cacbon

2 ancol gồm ancol đơn chức và ancol 2 chức có dạng CnH2+2O và CnH2n+2O2 (n ≥ 2).

Đặt nCnH2+2O = x; nCnH2n+2O2 = y nOH = x + 2y = 0,26 mol (1).

mancol = x.(14n + 2 + 16) + y.(14n + 2 + 32) = (x + y).(14n + 2) + 16.(x + 2y) = 8,36(g).

► Thế (1) vào x + y = 4,2 ÷ (14n + 2). Mặt khác: 0,5.(x + 2y) < x + y < x + 2y

|| 0,13 < 4,2 ÷ (14n + 2) < 0,26 1,01 < n < 2,16 n = 2 C2H5OH và C2H4(OH)2.

x = 0,02 mol; y = 0,12 mol. Bảo toàn khối lượng: mF = 19,28 + 0,26 × 40 - 8,36 = 21,32(g).

● Do X, Y, Z mạch hở F gồm 2 muối của axit đơn chức số mol mỗi muối là 0,13 mol.

► Mtb muối = 21,32 ÷ 0,26 = 82 phải chứa HCOONa Mmuối còn lại = 96 (C2H5COONa).

|| E gồm 0,01 mol HCOOC2H5; 0,01 mol CH3COOC2H5; 0,12 mol (HCOO)(C2H5COO)C2H4.

Este có PTK nhỏ nhất là HCOOC2H5 %mHCOOC2H5 = 3,84% chọn D.

19 tháng 3 2018

Đáp án A

Bảo toàn nguyên tố Natri và gốc OH: 

nOH/ancol = nNaOH = 2nNa2CO3 = 0,26 mol. 

► Xử lí dữ kiện ancol: 

-OH + Na → -ONa + 1/2H2↑ 

nH2 = nOH ÷ 2 = 0,13 mol. 

Bảo toàn khối lượng: 

mancol = mbình tăng + mH2 = 8,1 + 0,13 × 2 = 8,36(g).

► GIẢ SỬ 2 ancol có cùng số chức 

đều đơn chức (vì chỉ có 1 este 2 chức) 

nancol = 0,26 mol Mancol = 8,36 ÷ 0,26 = 32,15

  phải chứa CH3OH vô lí!. loại.

|| hỗn hợp gồm ancol đơn chức và 2 chức 

có dạng CnH2n+2O và CnH2n+2O2 (n ≥ 2).

● Đặt số mol 2 ancol lần lượt là a và b 

nOH = a + 2b = 0,26 mol. 

mancol = a(14n + 18) + b(14n + 34) = 8,36(g) 

(a + b)(14n + 2) + 16(a + 2b) = 8,36(g) 

a + b =  > 0,5a + b = 0,5(a + 2b) = 0,13 

n ≤ 2,16 n = 2.

► Với n = 2 

giải hệ cho: a = 0,02 mol và b = 0,12 mol.

Các este đều mạch hở axit đều đơn chức 

số mol mỗi muối là 0,13 mol. 

Bảo toàn khối lượng: mF = 21,32(g) Mmuối = 82 

F chứa HCOONa.

|| Mmuối còn lại = (21,32 – 0,13 × 68) ÷ 0,13 = 96

  muối còn lại là C2H5COONa.

► Ghép axit và ancol X và Y là HCOOC2H5 và C2H5COOC2H5, Z là HCOOC2H4OOCC2H5

HCOOC2H5 là este có PTK nhỏ nhất với 0,01 mol 

%mHCOOC2 H5 = 3,84%