Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Ta có:
\(n_{CO2}=\frac{8,4}{22,4}=0,375\left(mol\right)\)
\(n_{H2O}=\frac{6,75}{18}=0,375\left(mol\right)\)
\(n_{CO2}=n_{H2O}\Rightarrow hh:anken\)
\(n_{CO2}=\frac{9,8}{44}=\frac{49}{220}\left(mol\right)\)
\(n_{H2O}=\frac{6,43}{18}=\frac{643}{1800}\left(mol\right)\)
\(n_{H2O}>n_{CO2}\Rightarrow anken\)
\(n_{hh}=n_{H2O}-n_{CO2}\approx0,1345\)
\(\Rightarrow C=\frac{n_{CO2}}{n_{hh}}=1,66\)
Vậy CTPT của hai hiđrocacbon là CH4 và C2H6
Bạn có thể cho mình hỏi không tại sao 1.66 là CH4 và C2H6 á
PTHH: Fe + 2HCl --> FeCl2 + H2
FeS + 2HCl --> FeCl2 + H2S
=> \(n_{Fe}+n_{FeS}=n_{H_2}+n_{H_2S}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)
Và 56.nFe + 88.nFeS = 18,8
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe}=0,1\left(mol\right)\\n_{FeS}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Bảo toàn S: nCaSO3 = 0,15 (mol)
=> m = 0,15.120 = 18 (g)
=> B
Bảo toàn C: `n_C=n_{CO_2}={8,8}/{44}=0,2(mol)`
`->n_H={3-0,2.12}/{1}=0,6(mol)`
`->` Trong X: `n_C:n_H=0,2:0,6=1:3`
`->` CTN: `(CH_3)_n`
`->M_X=(12+3).n=15.2=30`
`->n=2`
`->` CTPT: `C_2H_6.`
X + O2 → CO2 + H2O (1)
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3 + H2O (2)
2 CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2 (3)
Áp dụng ĐLBTKL ta có
\(m_{CO_2}+m_{H_2O}+m_{ddCa\left(OH\right)_2}=m_{CaCO_3}+m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}\)
mà \(m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=m_{ddCa\left(OH\right)_2}\)+ 8,6
=>\(m_{CO_2}+m_{H_2O}\)= 10 + 8,6=18,6(g)
Từ (2), (3) =>\(n_{CO_2}=\dfrac{10}{100}\)+ 2. 0,5 . 0,2 = 0,3 (mol)
=> m = 0,3 .12 = 3,6 (gam)
\(m_{H_2O}\)= 18,6 - 0,3 . 44 = 5,4 (gam) => mH=\(\dfrac{5,4}{18}.2\) = 0,6 (gam)
Áp dụng ĐLBTKL ta có : mX +mO2 = mCO2 + mH2O
mX = \(18,6-\dfrac{6,72}{22,4}.32\) = 9(g)
mO = 9 – (3,6 + 0,6) = 4,8 (g)
Vậy A chứa C, H, O có công thức CxHyOz
Ta có tỷ lệ x : y : z = \(\dfrac{3,6}{12}:\dfrac{0,6}{1}:\dfrac{4,8}{16}\) = 1: 2: 1
Công thức đơn giản nhất của X có dạng (CH2O)n
Ta có :
\(n_{CO2}=0,5\left(mol\right);n_{H2O}=0,7\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{ancol}=n_{H2O}-n_{CO2}=0,2\left(mol\right)\)
Số nguyên tử cacbon trung bình:
\(\overline{C}=\frac{n_{CO2}}{n_{ancol}}=2,5\)
Mà 2 ancol no, đơn chức, mạch hở kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên là:
\(\left\{{}\begin{matrix}C_2H_5OH:a\\C_3H_7OH:b\end{matrix}\right.\left(mol\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,2\\\frac{2a+3b}{a+b}=2,5\end{matrix}\right.\)\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\\b=0,1\end{matrix}\right.\left(mol\right)\)
Gọi chung hai ancol có dạng:\(\overline{R}OH\)
\(PTHH:2\overline{R}OH\rightarrow\overline{R}_2O+H_2O\left(1\right)\)
\(n_{ete}=n_{N2}=0,03\left(mol\right);m_{ete}=2,5\left(g\right)\)
\(\Rightarrow M_{ete}=\frac{2,5}{0,03}=\frac{250}{3}\Rightarrow M_{\overline{R}}=\frac{101}{3}\)
Áp dụng sơ đồ đường chéo ta có:
\(\frac{n_{C2H5OH}}{n_{C3H7OH}}=\frac{43-\frac{101}{3}}{\frac{101}{3}-29}=\frac{2}{1}\)
Mặt khác tổng số mol hai ancol tạo ete là 0,06 mol [Theo PTHH (1)]
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_2H_5OH:0,04\left(mol\right)\\C_3H_7OH:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow H\%_{C2H5OH}=\frac{0,04}{0,1}.100\%=40\%\)
\(\Rightarrow H\%_{C3H7OH}=\frac{0,02}{0,1}.100\%=20\%\)
Ta có:
\(n_{CO2}=\frac{22,4}{22,4}=1\left(mol\right)\)
\(n_{H2O}=\frac{12,6}{18}=0,7\left(mol\right)\)
\(n_{CO2}>n_{H2O}\Rightarrow M,N:Ankin\)
\(n_{ankin}=1-0,7=0,3\left(mol\right)\)
CTHH là CnH2n-2
\(n=\frac{1}{0,3}=3,33\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}M:C_3H_4\\N:C_4H_6\end{matrix}\right.\)