Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Nhận thấy X tham gia phản ứng với KOH sinh ancol → X chứa chức este
Vì MX < 160 mà X chứa vòng benzen → X chỉ chứa 1 chức COO
Có n(KOH) = 2n(K2CO3) = 0,4 mol
Khối lượng nước có trong dung dịch KOH là (0,4*56*0,72:0,28) = 57,6 gam
Vậy trong 63,6 gam chất lỏng chứa 57,6 gam nước (3,2 mol) và 6 gam ancol và nước (do phản ứng thủy phân sinh ra)
TH1: Nếu 6 gam chỉ chứa ancol → n(anco) = 2n(H2) – n(H2O) = 2*1,72 – 3,2 = 0,24
→ M(ancol) = 6 : 0,24 = 25 (loại)
TH2: Nếu 6 gam chứa ancol và nước → X phải có cấu tạo HO-C6H3(R)COỎR’
Thấy MX < 160 → MR + MR’ < 160 – 17 – 12*6 – 3- 44 = 24 → R’ phải là CH3
6 gam gồm CH3OH: x mol và H2O: x mol
→ x + x = 0,24 → x = 0,12 mol
→ MX = 18,24 : 0,12 = 152 → X có cấu tạo HO-C6H4-COOCH3: 0,12 mol
Chất rắn Y gồm KOC6H4-COOK: 0,12 mol và KOH dư: 0,4 – 2*0,12 = 0,16 mol
→%Y = 74,13% → Đáp án A.
Đ á p á n B + E : C n H 2 n + 1 C O O C m H 2 m + 1 n K O H = 0 , 14 X g ồ m H 2 O : 20 , 16 g = 1 , 12 m o l C m H 2 m + 1 O H : 5 , 52 g n C m H 2 m + 1 O H + n H 2 O = 2 . n H 2 = 1 , 24 n C n H 2 n + 1 C O O C m H 2 m + 1 = n C m H 2 m + 1 O H n C m H 2 m + 1 O H = 0 , 12 , M C m H 2 m + 1 O H = 46 n C n H 2 n + 1 C O O C m H 2 m + 1 = n C m H 2 m + 1 O H = 0 , 12 Y g ồ m K O H : 0 , 02 C n H 2 n + 1 C O O K : 0 , 12 → O 2 , t o C O 2 : 0 , 12 ( n + 1 ) - 0 , 07 H 2 O : ( 0 , 01 + 2 n + 1 2 . 0 , 12 K 2 C O 3 : 0 , 07 ⇒ m ( C O 2 , H 2 O ) = m C O 2 + m H 2 O = ( 0 , 12 n + 0 , 05 ) . 44 + ( 0 , 12 n + 0 , 07 ) = 18 , 34 ⇒ n = 2 ⇒ E : C 2 H 5 C O O C 2 H 5 . m E = 0 , 12 . 102 = 12 , 24 g ≈ 12 g
Đáp án B
+ n M O H = 2 n M 2 C O 3 ⇒ 26 . 28 % M + 17 = 2 . 8 , 97 2 M + 60 ⇒ M = 39 ( K ) n K O H = 0 , 13 + n R C O O K = n R C O O R ' = n R ' O H n H O H ⏟ 26 . 72 % 18 + n R ' O H ⏟ ? = 2 n H 2 ⏟ 0 , 57 ⇒ n R C O O K = n R C O O R ' = n R ' O H = 0 , 1 Y g ồ m R C O O K : 0 , 1 m o l v à K O H d ư : 0 , 03 m o l % m R C O O K = 10 , 08 - 0 , 03 . 56 10 , 08 = 83 , 33 % ≈ 85 %
X + 0,66 mol O2 → 0,57 mol CO2 + 0,44 mol H2O
· X gồm 1 este đơn chức và 3 este hai chức
X + NaOH → 1 ancol
Khi nung Y với CaO chỉ thu được 1 hidrocacbon
=> Chứng tỏ X gồm các este có dạng ROOCR’COOR (a mol) và R’HCOOR (b mol)
· 
=> nNaOH phản ứng =2a + b =0,13 mol
=>nNaOH dư = 0,3 - 0,13=0,17 mol
=> muối trong Y phản ứng hết trong phản ứng vôi tôi xút.
· Có nhidrocacbon =0,09 mol ⇒ a + b = 0 , 09 ( 2 )
· Từ (1), (2) suy ra a = 0 , 04 b = 0 , 05
· Z + Na dư: mbình tăng= m Z - m H 2 = 5 , 85 g
=> M Z = 5 , 98 0 , 13 = 46 ⇒ Z là C2H5OH.
=> 
=> R ' = 26 ⇒ R ' là -CH=CH-
· % m C H 2 = C H C O O C 2 H 5 = 42 , 09 %
Gần với giá trị 42% nhất.
=> Chọn đáp án D
Chọn đáp án A
Bảo toàn e: => nROH + nH2O = 2nH2 = 3,44 (mol)
BTNT K : => nKOH = 2nK2CO3 = 0,4 (mol)
TH1: Nếu X + KOH không tạo ra H2O thì Z gồm ancol và H2O từ dd KOH
=> nROH = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol) và mROH = 63,6 – 3,2.18 = 6 (g)
TH2: Nếu X + KOH tạo ra H2O => hỗn hợp Z gồm ancol ; H2O từ dd KOH và H2O từ phản ứng sinh ra
=> nROH + nH2O (sinh ra) = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol)
=> nROH = nH2O (sinh ra) = 0,12 (mol) (Vì tỉ lệ sinh ra nH2O = nROH)
Ta có: 0,12 (R + 17) + 0,12. 18 = 63,6 – 3,2.18
=> R= 15. Vậy ancol là CH3OH
CTPT của X là HOC6H4COOCH3 ( Vì X chứa vòng benzen và có phân tử khối < 160)
BTKL ta có: mX + mddKOH = mZ + mY
=> mY = mX + mddKOH - mZ = 18,24 + 80 – 63,6 = 34,64 (g)
HOC6H4COOCH3 + KOH → KOC6H4COOK + CH3OH
0,12 ← 0,12 (mol)
=> mKOC6H4COOK = 0,12. 214 = 25,68 (g)
Gần nhất với giá trị 74%