Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
\(a)n_{NaOH}=0,5.0,2=0,1mol\\ n_{H_2SO_4}=0,3.1=0,3mol\\2 NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\\ \Rightarrow\dfrac{0,1}{2}< \dfrac{0,3}{1}\Rightarrow H_2SO_4.dư\\ 2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)
0,1 0,05 0,05 0,1
\(C_M\) \(_{Na_2SO_4}=\dfrac{0,05}{0,2+0,3}=0,1M\)
\(C_M\) \(_{H_2SO_4}=\dfrac{0,3-0,05}{0,2+0,3}=0,5M\)
b) Vì H2SO4 dư nên quỳ tím hoá đỏ.
\(n_{CO_2} = 0,1(mol)\)
CaCO3.MgCO3 + 4HCl → CaCl2 + MgCl2 + 2CO2 + 2H2O(1)
........0,05...............0,2.......................0,05.......0,1..........................(mol)
\(n_{NaOH}= 0,12(mol)\)
MgCl2 + 2NaOH → Mg(OH)2 + 2NaCl(2)
..0,1...........0,2.................................................(mol)
HCl + NaOH → NaCl + H2O(3)
0,02.....0,02................................(mol)
Theo PTHH (1)(3) suy ra :
\(n_{HCl} = 0,2 + 0,02 = 0,22(mol)\\ \Rightarrow V_{dd\ HCl} = \dfrac{0,22}{1} = 0,22(lít)\)
\(n_{NaOH}=\dfrac{400.30\%}{40}=3\left(mol\right)\)
\(n_{HCl}=\dfrac{1,14.200.20\%}{36,5}=1,25\left(mol\right)\)
PTHH: NaOH + HCl ----------> NaCl +H2O
Theo đề : 3.........1,25
Lập tỉ lệ :\(\dfrac{3}{1}>\dfrac{1,25}{1}\)=> Sau phản ứng NaOH dư, HCl phản ứng hết
Vậy các dung dịch sau phản ứng là NaOH dư và NaCl
Ta có : \(n_{NaCl}=n_{HCl}=1,25\left(mol\right)\)
\(n_{NaOHdư}=3-1,25=1,75\left(mol\right)\)
\(m_{ddsaupu}=400+1,14.200=628\left(g\right)\)
\(C\%_{NaOHdư}=\dfrac{1,75.40}{628}.100=11,15\%\)
\(C\%_{NaCl}=\dfrac{1,25.58,5}{628}.100=11,64\%\)
Ta có: \(m_{NaOH}=400.30\%=120\left(g\right)\Rightarrow n_{NaOH}=\dfrac{120}{40}=3\left(mol\right)\)
m dd HCl = 200.1,14 = 228 (g)
\(\Rightarrow m_{HCl}=228.20\%=45,6\left(g\right)\Rightarrow n_{HCl}=\dfrac{45,6}{36,5}=\dfrac{456}{365}\left(mol\right)\)
PT: \(NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)
Xét tỉ lệ: \(\dfrac{3}{1}>\dfrac{\dfrac{456}{365}}{1}\), ta được NaOH dư.
Theo PT: \(n_{NaOH\left(pư\right)}=n_{NaCl}=n_{HCl}=\dfrac{456}{365}\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{NaOH\left(dư\right)}=\dfrac{639}{365}\left(mol\right)\)
Ta có: m dd sau pư = 400 + 228 = 628 (g)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{NaCl}=\dfrac{\dfrac{456}{365}.58,5}{628}.100\%\approx11,64\%\\C\%_{NaOH\left(dư\right)}=\dfrac{\dfrac{639}{365}.40}{628}.100\%\approx11,15\%\end{matrix}\right.\)
Bạn tham khảo nhé!
n(HCl) = 0,15 mol; n(CO2) = 0,1 mol.
+) Nếu NaOH dư thì dd X gồm Na2CO3 và NaOH.
BTNT(C): n(Na2CO3) = n(CO2) + n(CaCO3) = 0,1 + 0,15 = 0,25.
Để có khí thì lượng HCl phải lớn hơn số mol của NaOH và Na2CO3 cộng lại mà số mol HCl chỉ có 0,15 nên trường hợp này loại.
+) Vậy X gồm Na2CO3, NaHCO3.
Na2CO3 + HCl → NaHCO3 + NaCl. (1)
NaHCO3 + HCl → NaCl + CO2 + H2O. (2)
Nên n(Na2CO3) = n(HCl) – n(CO2) = 0,15 – 0,1 = 0,05.
BTNT (C): n(NaHCO3) = n(CO2) + n(CaCO3) – n(Na2CO3) = 0,1 + 0,15 – 0,05 = 0,2 mol.
BTĐT: n(OH) = 2.n(Na2CO3) + n(NaHCO3) = 2.0,05 + 0,2 = 0,3.
CM =a = 0,75M.
+) Bảo toàn C => \(n_{CO_2}=0,25\left(mol\right)\)
=>\(V=0,25.22,4=5,6\left(l\right)\)
CTV hay các thành viên cho em hỏi cái này của trương trình lớp 9 có phải ko ạ
(1)Fe + CuSO4 \(\rightarrow\) FeSO4 + Cu
(2)Fe + 2HCl \(\rightarrow\) FeCl2 + H2
(3)FeSO4 + 2NaOH \(\rightarrow\) Fe(OH)2 + Na2SO4
a) rắn A có Fe dư và Cu
Cho vào HCl dư rắn ko phản ứng là Cu
Theo (1) : nCu = n\(Cu SO_4\) = 1.0,01 = 0,01 (mol)
\(\rightarrow\) mCu = 0,01 . 64 =0,64 (g)
b) Dd B là FeSO4
Theo (1) : n\(Fe SO_4\) = n\(Cu SO_4\) = 0,01 (mol)
Theo (3) nNaOH = 2n\(Fe SO_4\) = 2.0,01 = 0,02 (mol)
VNaOH = 0,02 : 1 = 0,02 (l)
Ciao_