đốt cháy hchc X thu đc 1,344l/CO2 (đktc) và 1,62g H2O
a. X có những nguyên tố nào
b.tìm ctpt của X biết 22
c.X có làm mất maug đ Br2 không? viết pt phản ứng đặc trưng
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Có lẽ đề cho MA < 40 bạn nhỉ?
a, Vì đốt cháy A thu được CO2 và H2O nên A có C và H, có thể có O.
Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)=n_C\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,3.2=0,6\left(mol\right)\)
⇒ mC + mH = 0,2.12 + 0,6.1 = 3 (g) = mA.
Vậy: A chỉ chứa C và H.
Giả sử CTPT của A là CxHy.
⇒ x : y = 0,2 : 0 ,6 = 1 : 3
⇒CTĐGN của A là (CH3)n.
Mà: MA < 40
Với n = 1 (loại do không đảm bảo về hóa trị)
Với n = 2 ⇒ MA = 30 (nhận)
Với n = 3 ⇒ MA = 45 (loại)
Vậy: A là C2H6.
c, _ Vì A là ankan nên không làm mất màu dd Br2.
_ Khi cho A pư với Cl2
PT: \(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{askt}C_2H_5Cl+HCl\)
Bạn tham khảo nhé!
a) Vì khi đốt cháy A thu được \(CO_2;H_2O\) nên A chứa H,C và cũng có thể chứa O
\(n_C=n_{CO_2}=\dfrac{8.8}{44}=0.2mol\)
\(\Leftrightarrow m_C=2.4g\)
\(n_H=2\cdot n_{H_2O}=2\cdot\dfrac{5.4}{18}=0.6mol\)
\(\Leftrightarrow m_H=0.6g\)
\(\Leftrightarrow m_C+m_H=2.4+0.6=3=m_A\)
Suy ra: A chỉ chứa C và H
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{6,6}{44}=0,15\left(mol\right)\Rightarrow n_C=0,15\left(mol\right)\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,4\left(mol\right)\)
=> \(n_O=\dfrac{3-0,15.12-0,4.1}{16}=0,05\left(mol\right)\)
Xét nC : nH : nO = 0,15 : 0,4 : 0,05 = 3 : 8 : 1
=> CTPT: (C3H8O)n
Mà MA = 60 g/mol
=> n= 1
=> CTPT: C3H8O
b)
(1) \(CH_3-CH_2-CH_2OH\)
(2) \(CH_3-CH\left(OH\right)-CH_3\)
c)
PTHH: \(2CH_3-CH_2-CH_2OH+2Na\rightarrow2CH_3-CH_2-CH_2ONa+H_2\)
\(2CH_3-CH\left(OH\right)-CH_3+2Na\rightarrow2CH_3-CH\left(ONa\right)-CH_3+H_2\)
a, Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{9,408}{22,4}=0,42\left(mol\right)=n_C\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{7,56}{18}=0,42\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,42.2=0,84\left(mol\right)\)
Gọi CTPT của A là CxHy.
⇒ x:y = 0,42:0,84 = 1:2
→ CTPT của A có dạng (CH2)n.
Mà: \(M_A=7.4=28\left(g/mol\right)\)
\(\Rightarrow n=\dfrac{28}{12+2.1}=2\)
Vậy: A là C2H4.
b, - A là anken → có làm nhạt màu dd Br2 dư.
PT: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)
Ta có: mC2H4 = mC + mH = 0,42.12 + 0,84.1 = 1,68 (g)
\(\Rightarrow n_{C_2H_4}=\dfrac{1,68}{28}=0,06\left(mol\right)\)
Theo PT: \(n_{C_2H_4Br_2}=n_{C_2H_4}=0,06\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{C_2H_4Br_2}=0,06.188=11,28\left(g\right)\)
c, - Bình 1: Ta có: \(m_{H_2SO_4}=90.96\%=86,4\left(g\right)\)
\(\Rightarrow C\%_{H_2SO_4}=\dfrac{m_{H_2SO_4}}{m_{ddH_2SO_4}+m_{H_2O}}=\dfrac{86,4}{90+7,56}.100\%\approx88,56\%\)
- Bình 2: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)
Có: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,42\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{\downarrow}=m_{CaCO_3}=0,42.100=42\left(g\right)\)
d, - Dẫn hh gồm C2H4 và SO2 qua bình đựng Ca(OH)2 dư.
PT: \(SO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaSO_{3\downarrow}+2H_2O\)
- Lọc kết tủa, đem pư với dd HCl dư, thu khí thoát ra ta được SO2.
PT: \(CaSO_3+2HCl\rightarrow CaCl_2+SO_2+H_2O\)
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{7,2}{18}=0,4\left(mol\right)\)
Bảo toàn C: nC = 0,4 (mol)
Bảo toàn H: nH = 0,8 (mol)
Xét mC + mH = 0,4.12 + 0,8.1 = 5,6 (g)
=> A chứa C, H
Xét nC : nH = 0,4 : 0,8 = 1 : 2
=> CTPT: (CH2)n
Mà MA = 0,875.32 = 28 (g/mol)
=> n = 2
=> CTPT: C2H4
b) CTCT: \(CH_2=CH_2\)
c) A có làm mất màu dd Br2 do A có tác dụng với Br2
\(CH_2=CH_2+Br_2\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)
m C=\(\dfrac{8,8.12}{44}\)=2,4g
m H=\(\dfrac{5,4.2}{18}\)=0,6 g
m O=3-2.4-0,6 =O
=>chỉ gồm C,H
A có dạng CxHy
=>x:y=\(\dfrac{2,4}{12}:\dfrac{0,6}{1}\)=1:3
CTTQ: (CH3)n
=>n=2 =>M =30<40 nhận
CTPT:C2H6
c)
Có làm mất màu brom
C2H6+Br2->C2H6Br2
d)
C2H6+Cl2-to\á->C2H5Cl+HCl
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\)
\(n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\)
Bảo toàn C: nC = 0,2 (mol)
Bảo toàn H: nH = 0,6 (mol)
Xét mC + mH = 0,2.12 + 0,6.1 = 3 (g)
=> A có C, H
b)
Xét nC : nH = 0,2 : 0,6 = 1 : 3
=> CTPT: (CH3)n (n nguyên dương)
Mà MA < 40 g/mol
=> n = 1 hoặc n = 2
Xét độ bất bão hòa \(k=\dfrac{2n+2-3n}{2}=\dfrac{2-n}{2}\)
Mà k là số nguyên \(\ge0\)
=> n = 2 thỏa mãn => k = 0
CTPT: C2H6
c) A không làm mất màu dd Br2
d) \(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{askt}C_2H_5Cl+HCl\)
\(a,n_C=n_{CO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\\ n_H=2n_{H_2O}=2.\dfrac{3,15}{18}=0,35\left(mol\right)\\ n_N=2n_{N_2}=2.\dfrac{0,56}{22,4}=0,05\left(mol\right)\\ n_O=\dfrac{4,45-0,15.12-0,35-0,05.14}{16}=0,1\left(mol\right)\)
=> X gồm C, H, O và N
\(b,CTPT:C_xH_yO_zN_t\left(x,y,z,t\in N\text{*}\right)\\ \rightarrow x:y:z:t=0,15:0,35:0,01:0,05=3:7:2:1\)
\(\rightarrow CTĐGN:\left(C_3H_7O_2N\right)\\ \rightarrow86n< 100\\ \rightarrow n=1\\ CTHH:C_3H_7O_2N\)
a,Giả sử hợp chất X bao gồm 2 nguyên tố là C và H
Ta có:nCO\(_2\)=\(\dfrac{6,72}{22,4}\)=0,3(mol)
\(\Rightarrow\)nC=nCO\(_2\)=0,3(mol)
Ta lại có :nH\(_2\)O=\(\dfrac{5,4}{18}\)=0,3(mol)
\(\Rightarrow\)nH=2nH\(_2\)O=0,6(mol)
Vì hợp chất X gồm hai nguyên tố C và H nên khối lượng của hai nguyên tố đó cũng chính là khối lượng của hợp chất X
\(\Rightarrow\)mX=mC+mH=12.0,3+2.0,6=4,8(g)<6,3(g)=mX(ban đầu)
\(\Rightarrow\)Hỗn hợp X gồm 3 nguyên tố C,H và O
b,Gọi CTHH của hợp chất X là CxHyOz
Bạn ơi đề lỗi r hợp chất X có khối lượng 6,4(g) ms đúng
Ta có:mO=6,4-4,8=1,6(g)\(\Leftrightarrow\)nO=\(\dfrac{1,6}{16}\)=0,1
Ta lại có:nC:nH:nO=x:y:z=0,3:0,6:0,1=3:6:1
\(\Rightarrow\)CTHH của hợp chất X là C3H6O
Gọi CTPT của hợp chất X là(C3H6O)a
Bạn ơi lại sai đề r tỉ khối của X với oxi là 1,8125
Ta có:dX/O\(_2\)=\(\dfrac{M_X}{32}\)=1,8125
\(\Leftrightarrow\)MX=32.1,8125=58
\(\Leftrightarrow\)(12.3+1.6+16)a=58
\(\Leftrightarrow\)a=1
⇒CTPT của hợp chất X là C3H6O
c,
Đáp án : C
X gồm a mol C3H6 ; b mol C4H10 ; c mol C2H2 ; d mol H2
,nH2O = 3a + 5b + c + d = 0,675 mol
,nCO2 = 3a + 4b + 2c
,nBr2 = nC3H6 + 2nC2H2 – nH2 = a + 2c – d = 0,15 (*)
Trong 0,5 mol X giả sử có lượng chất gấp t lần trong m(g)
=> 0,5 = t.(a + b + c + d)
,nBr2(2) = t.(a + 2c) = 0,4
=> a – 4b + 6c – 4d = 0 (**)
Lấy 4(*) – (**) => 3a + 4b + 2c = 0,6 mol = nCO2
=>V = 13,44 lit
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\)
=> nC = 0,2 (mol)
\(n_{H_2O}=\dfrac{7,2}{18}=0,4\left(mol\right)\)
=> nH = 0,8 (mol)
Xét mC + mH = 0,2.12 + 0,8.1 = 3,2 (g)
=> A chứa C, H
b) Xét nC : nH = 0,2 : 0,8 = 1 : 4
=> CTPT: (CH4)n
Mà PTKA < 30 g/mol
=> n = 1 thỏa mãn
=> CTPT: CH4
CTCT:
PTHH: CH4 + 2O2 --to--> CO2 + 2H2O
c) A không làm mất màu dd Br2 do trong phân tử chỉ chứa liên kết đơn
Không biết đề có cho mX không bạn nhỉ?