K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

25 tháng 3 2017

Chọn đáp án A

20 tháng 12 2017

Đáp án D

TN1: n N a O H n E = 2  => Y là este của phenol

TN2: nX = nN2 = 0,04 mol => nY = nE – nX = 0,06 mol

BTNT ta có:

nC(X) = nCO2 = 0,64 mol

nH(X) = 2nH2O = 0,8 mol

nN(X) = 2nN2 = 0,08 mol

nO(X) = 3nX + 2nY = 0,24 mol

=> mE = mC + mH + mO + mN = 13,44 gam

Giả sử số nguyên tử C trong X và Y lần lượt là n và m (n≥4; m≥7)

BT”C”: 0,04n + 0,06m = 0,64

=> m = 8, n = 4 thỏa mãn

 

8 tháng 12 2019

Đáp án D

TN1: n N a O H n E   =   2  => Y là este của phenol

TN2: nX = nN2 = 0,04 mol => nY = nE – nX = 0,06 mol

BTNT ta có:

nC(X) = nCO2 = 0,64 mol

nH(X) = 2nH2O = 0,8 mol

nN(X) = 2nN2 = 0,08 mol

nO(X) = 3nX + 2nY = 0,24 mol

=> mE = mC + mH + mO + mN = 13,44 gam

Giả sử số nguyên tử C trong X và Y lần lượt là n và m (n≥4; m≥7)

BT”C”: 0,04n + 0,06m = 0,64

=> m = 8, n = 4 thỏa mãn

→ m E   =   0,04.132 + 0,06.(12,8 + a + 16.2) = 13,44 => a = 8

=> m = 0,16.97 + 0,12.82 + 0,12.116 = 39,28(g)

10 tháng 6 2017

21 tháng 8 2017

Đáp án A

Gọi X là CnH2nN2O3 a mol; B là CmH2m-2O2 b mol.

Đót cháy H cần 0,96 mol O2 thu được 0,84 mol CO2.

Ta có: 

 

H tác dụng với NaOH được Z, Z tác dụng vừa đủ với 0,44 mol HCl.

Giải được: a=0,08; b=0,12.

Thay vào ta có 2n+3m=21.

Do n≥4; m≥3 nên ta có nghiệm nguyên n=6; m=3.

X là Ala-Ala còn B phải là HCOOCH=CH2.

Rắn thu được sẽ chứa NaCl 0,44 mol và muối clorua của Ala 0,16 mol.

m=36,46 gam

Cho các phát biểu sau: (a) Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm axit no, mạch hở, đơn chức và este no, mạch hở, đơn chức luôn thu được số mol CO2 bằng số mol H2O. (b) Phân tử khối của hợp chất hữu cơ chứa 3 nguyên tố C, H, O luôn là số chẵn. (c) Số nguyên tử hiđro trong phân tử amin luôn là số lẻ. (d) Dung dịch fructozơ bị oxi hóa bởi H2 (xúc tác Ni, t°) tạo ra sobitol. (e) Saccarozơ không có phản...
Đọc tiếp

Cho các phát biểu sau:

(a) Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm axit no, mạch hở, đơn chức và este no, mạch hở, đơn chức luôn thu được số mol CO2 bằng số mol H2O.

(b) Phân tử khối của hợp chất hữu cơ chứa 3 nguyên tố C, H, O luôn là số chẵn.

(c) Số nguyên tử hiđro trong phân tử amin luôn là số lẻ.

(d) Dung dịch fructozơ bị oxi hóa bởi H2 (xúc tác Ni, t°) tạo ra sobitol.

(e) Saccarozơ không có phản ứng tráng bạc vì phân tử không có nhóm -OH hemiaxetal.

(f) Este tạo bởi axit no, 2 chức, mạch hở và ancol no, hai chức, mạch hở luôn có công thức dạng C n H 2 n - 4 O 4 .

(g) Đa số các polime dễ tan trong các dung môi hữu cơ như benzen, ete, xăng.

(h) Các amino axit là các chất lỏng, có nhiệt độ sôi cao.

(i) Anilin có tên thay thế là phenylamin.

(k) Đường mía, đường củ cải, đường thốt nốt, đường mạch nha đều có thành phần chính là saccarozơ.

Số phát biểu đúng là:

A. 4

B. 2

C. 5

D. 3

1
3 tháng 5 2017

Đáp án C

26 tháng 5 2019

Chọn đáp án C

Bảo toàn nguyên tố O:

Este E là C 5 H 8 O 4 ; este T là C 3 H 4 O 2   ( H C O O C H = C H 2 )

15 tháng 3 2018

Chọn đáp án B

E là este no, hai chức, mạch hở

→ CTPT E có dạng C n H 2 n   –   2 O 4 (n ≥ 4).

T là hỗn hợp gồm hai este no, đơn chức, mạch hở, là đồng phân cấu tạo

→ 2 este trong T cùng CTPT dạng C m H 2 m O 2 (m ≥ 3, từ 3 trở lên mới có đồng phân).

♦ Giải đốt 6 , 2   g a m   ( E + T ) + O 2 → t 0 0 , 22   m o l   C O 2 + 0 , 18   m o l   H 2 O

6 , 2 = m C + m H +   m O = 0 , 22 × 12 + 0 , 18 × 2 +   m O → m O = 3 , 2   g a m → n O = 0 , 2   m o l

Tương quan ∑ n C O 2   –   ∑ n H 2 O   = n E   = 0 , 04   m o l ; E có 4O; T có 2O

nên bảo toàn O trong hỗn hơp E, T có n T   =   ( 0 , 2   –   0 , 04   ×   4 )   ÷   2   =   0 , 02   m o l

∑ n C O 2   =   0 , 04 n   +   0 , 02 m   =   0 , 22  

2n + m = 11. kết hợp điều kiện của n, m

→ nghiệm nguyên duy nhất thỏa mãn là

n = 4, m = 3 → E là C 4 H 6 O 4

thỏa mãn E có  C O O C H 3 2 (metyl oxalat) và ( H C O O ) 2 C 2 H 4 (etan-1,2-điyl đifomat)

có 2 đồng phân cấu tạo thỏa mãn

26 tháng 2 2018

Đáp án : A

Qui hỗn hợp E về E2 : x mol đipeptit (Gly,Ala) và y mol Este

Ta thấy NaOH và H2O không cần O2 để đốt ;

CH3OH cần 1,5y mol O2 để đốt

=> Bảo toàn O có : 0,7 = 0,625 + 1,5y

=> y = 0,05 mol

Mặt khác , hỗn hợp qui đổi E2 đốt cháy cho số mol :

n C O 2 = n H 2 O = (3x + 2y + 0,7.2)/3 = (x + 0,5) mol

=> mE2 = 14.(0,5 + x) + 76x + 32y (g)

Mà nNaOH dùng = (2x + 0,05) mol

Bảo toàn khối lượng :

14.(0,5 + x) + 76x + 32y + 40.(2x + 0,05) = 24,2 + 18x + 32y

=> x = 0,1 mol

=> Cố C trung bình trong E2 = 0,6/(0,1 + 0,05) = 4

=> Số Ceste ≤ 3. Có 2 trường hợp xảy ra :

TH1 : este là HCOOCH3 .

Gọi số mol Gly = a ; Ala = b thì có :

=> 2a + 3b = 0,6 – 0,05.2 và a + b = 0,2

=> a = b = 0,1 mol (Loại do nGly > nAla)

TH2 : este là CH3COOCH3

=> 2a + 3b = 0,45 và a + b = 0,2

=> a = 0,15 ; b = 0,05 (TM)

=> a : b = 0,15 : 0,05 = 3 : 1