Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án : B
Xét 1 mol HClO4 có 1 mol Cl
=> có 0,2423 mol C 37 l
% m C 17 37 l ( H C l O 4 ) = 8 , 92 %
Chọn A
Ta có
M
C
l
¯
=
24
,
23
.
37
+
75
,
77
.
37
100
=
35
,
5
Trong 1 mol HClO
3
thì
C
17
37
l
có 0,2423 mol nên %= 8,92%
Đáp án : C
Xét 1 mol HClO4 có 1 mol Cl
=> có 0,2423 mol 37Cl
=> %mCl(37) = 8,92%
Gọi x là số phần trăm của đồng vị 63Cu
Suy ra phần trăm đồng vị 65Cu là 100 – x
M = [63.x + 65(100 – x)]/100 = 63,546
<=> x = 72,7%
Từ đây dễ dàng tìm được % của 63Cu trong tinh thể CuSO4.5H2O là 18,43%
=> Đáp án D
ĐÁP ÁN B
nAr = x mol gồm có : 0,996x mol 40Ar ; 0,00337x mol 36Ar và 0,00063x mol 38Ar
=> mAr = 20g = 0,996x.40 + 0,00337x.36 + 0,00063x.38 = 20g
=> x = 0,5002 mol
=> VAr = 11,204 lit = 11,204 dm3
Đáp án A
Ta có: n O : n N = 13:10
Đun nóng 0,3 mol Q trong KOH thu được dung dịch cô cạn được 120 gam rắn T.
Đốt cháy T thu được 0,52 mol K2CO3.
Mặt khác tổng số O trong 3 peptit là 17 nên tổng số N trong 3 peptit là 14.
Ta có: n O - n N = n Q = 0 , 3 → n N = 1 m o l → n K O H p h a n u n g = 1 m o l
vậy KOH dư 0,04 mol.
Đặt a,b lần lượt là số mol Gly, Ala tạo nên Q
→ a+b = 1
→ 113a+127b+0,04.56 = 120
Giải được: a=0,66; b=0,34.
Đặt tổng số mol của X và Y là x và Z là z.
Đặt u là số gốc aa trong X, Y và v là số gốc aa trong Z
→ 2u+v = 14
→ N = 1 0 , 3 = 3 , 33
Ta có các trường hợp:
TH1: u=2 và v=10
Ta có: x+z = 0,3; 2x+10z = 1
Giải được x=0,25; y=0,05.
X, Y có dạng (Gly)p(Ala)2-p và Z là (Gly)q(Ala)10-q.
→ 0,25p+0,05q = n A l a =0,66 → 25p+5q = 66
không có nghiệm nguyên
TH2: u=3; v=8.
→ 3x+8z = 1
giải được x=0,28;y=0,02.
X, Y có dạng (Gly)p(Ala)3-p và Z là (Gly)q(Ala)8-1.
→ 0,28p+0,02q = 0,06
Giải được nghiệm nguyên: p=2 và q=5.
Vậy Z là (Gly)5(Ala)3 và X, Y có dạng (Gly)2Ala
%Z = 15,45%
Chọn C.