K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

19 tháng 3 2019

Đáp án A

TN1: Lượng este mang đốt cháy gồm:

X: CnH2n-2O2 (a mol)

Y: CmH2m-4O4 (b mol)

nCO2=an+bm=0,86 (1)

nH2O=(n-1)a+(m-2)b=0,64

=>a+2b=0,22 (2)

TN2: Trong  93,2 gam E thì nX=ka, nY=kb

=>mE=ka(14n+30)+kb(14m+60)=93,2

Thế (1) và (2) =>k=5

Trong dung dịch NaOH chứa 1,2 mol NaOH và 176/9 mol H2O

Ancol T có M=32=>T là CH3OH

Z gồm:

CH3OH: 5a

H2O: 10b+176/9

m bình tăng=mCH3OH+mH2O-mH2=>160a+180b+352-0,55.2=377,7 (2)

=>a=0,1; b=0,06 thay vào (1): 0,1n+0,06m=0,86 hay 5n+3m=43. Do n, m≥4 nên n=5 và m=6 thỏa mãn

Vậy:

X: C5H8O2 (0,1 mol);

Y: C6H8O4 (0,06 mol)

%mY=0,06.144/(0,1.100+0,06.144)=46,35%

2 tháng 3 2017

Giải thích: Đáp án D

X và Y lần lượt có dạng CnH2n-2O2 và CmH2m-4O4 (n ≥ 3; m ≥ 4).

Ta có: nCO2 - nH2O = (k - 1).nHCHC (với k là độ bất bão hòa của HCHC).

Áp dụng: nCO2 - nH2O = nX + 2nY = nCOO nCOO = 0,11 mol.

mE = mC + mH + mO = 0,43 × 12 + 0,32 × 2 + 0,11 × 2 × 16 = 9,32(g).

Thí nghiệm 2 dùng gấp thí nghiệm 1 là 46,6 ÷ 9,32 = 5 lần.

nCOO thí nghiệm 2 = 0,11 × 5 = 0,55 mol < nNaOH = 0,6 mol NaOH dư.

mH2O ban đầu = 176(g). Đặt nX = x; nY = y x + 2y = 0,55 mol.

∑mH2O/Z = 176 + 18 × 2y = (176 + 36y)(g); MT = 32 T là CH3OH với số mol là x.

mbình tăng = 188,85(g) = 176 + 36y + 32x - 0,275 × 2

Giải hệ có: x = 0,25 mol; y = 0,15 mol.

Đặt số C của X và Y là a và b (a ≥ 4; b ≥ 4) 0,25a + 0,15b = 0,43 × 5

Giải phương trình nghiệm nguyên có: a = 5; b = 6.

Y là C6H8O4 %mY = 0,15 × 144 ÷ 46,6 × 100% = 46,35% chọn D.

11 tháng 10 2018

MT = 32 => T là CH3OH

Z gồm CH3OH và H2O

E gồm a mol CnH2n-2O2 và b mol CmH2m-4O4

Đốt cháy E:

CnH2n-2O2 + O2 →  nCO2 + (n – 1)H2O

CmH2m-4O4 + O2 →  mCO2 + (m – 2)H2O

Khi cho E tác dụng với NaOH:

CnH2n-2O2 + NaOH  →  Muối + CH3OH

CmH2m-4O4 + 2NaOH  →  Muối + H2O

nCO2 – nH2O = (số liên kết π).số mol => 0,43 – 0,32 = nX + 2nY

=> 0,11 = nCOO = nNaOH phản ứng

mE = mC + mH + mO = 0,43.12 + 0,32.2 + 0,11.2.16 = 9,32g

=> 46,6g E thì nNaOH phản ứng = 0,55

=> nNaOH dư = 0,6 – 0,55 = 0,05

mbình tăng = mCH3OH + mH2O – mH2

=> mCH3OH + mH2O = 188,85 + 2.0,275 = 189,4g

Bảo toàn khối lượng: mE + mddNaOH = mrắn + mZ

=> mrắn = 46,6 + 200 – 189,4 = 57,2g

mZ = mH2O (dd NaOH) + mH2O (axit) + mCH3OH

=> mH2O (axit) + mCH3OH = 13,4g

nNaOH phản ứng = nH2O (axit) + nCH3OH = 0,55

=> nH2O (axit) = 0,3 và nCH3OH = 0,25=> nY = 0,15 và nX = 0,25

mE = 0,25(14n + 30) + 0,15(14m + 60) = 46,6 => 5n + 3m = 43 => n = 5; m = 6

=> Y là C6H8O4=> %mC6H8O4 = 46,35% => Chọn C.

24 tháng 10 2018

Chọn đáp án A

Xử lý dữ kiện T:

-OH + Na → -ONa + 1/2H2 

⇒ nOH = mol.

Bảo toàn khối lượng:

mT=m bình tăng +mH2=4,45 + 0,075.2=4,6

Gọi n là số gốc OH trong T 

 

⇒ ứng với  

=> T là glixerol: C3H8O3;

mol

=> nCOO=n NaOH phản ứng= 0,165:1,5=0,11 mol.

Giải đốt mol O2 → 0,34 mol CO2 + 0,25 mol H2O.

Bảo toàn khối lượng: 

 

Bảo toàn nguyên tố oxi:

Quy E về X, Y, T, H2O

mol;

mol.

TH1: X và Y là axit đơn chức. 

Không mất tính tổng quát, giả sử

.

mol 

mol; mol.

Gọi số C trong X và Y lần lượt là x và y mol 

⇒ 0,07x + 0,04y + 0,05 × 3 = 0,34

⇒ 7x + 4y = 19 

→ giải phương trình nghiệm nguyên có: x = 1 và y = 3.

⇒ X là HCOOH 

⇒ số H trong Y

 

⇒ Y là HC≡C-COOH mà mol =

Z chỉ chứa 1 gốc Y và 2 gốc X.

⇒ Z là (HCOO)2(HC≡C-COO)C3H5: 0,02 mol

⇒ %mZ trong E = 41,93%.

TH2: X là axit đơn chức và Y là axit 2 chức 

→ biện luận tương tự và loại

17 tháng 6 2018

Giải thích: Đáp án C

T là este 2 chức, mạch hở, tạo từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều là đơn chức và ancol 2 chức.

Đặt Z là R(OH)

Khối lượng tăng là khối lượng của RO2 bị hấp thụ  

thỏa mãn Z là C3H6(OH)2.

Muối có dạng RCOONa 0,4 mol

 thỏa mãn muối là HCOONa 0,2 mol và CxH3COONa 0,2 mol

Vậy X, Y là HCOOH và CH2=CH-COOH

  T là HCOOC3H6OOC-CH=CH2.

Quy đổi E thành:

HCOOH 0,2 mol, CH2=CH-COOH 0,2 mol, C3H6(OH)2 0,26 mol và H2O –y mol

14 tháng 12 2017

Đáp án C

T là este 2 chức, mạch hở, tạo từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều là đơn chức và ancol 2 chức.

Khối lượng tăng là khối lượng của RO2 bị hấp thụ  

thỏa mãn Z là C3H6(OH)2.

Muối có dạng RCOONa 0,4 mol

thỏa mãn muối là HCOONa 0,2 mol và CxH3COONa 0,2 mol 

Vậy X, Y là HCOOH và CH2=CH-COOH

→  T là HCOOC3H6OOC-CH=CH2.

Quy đổi E thành:

HCOOH 0,2 mol, CH2=CH-COOH 0,2 mol, C3H6(OH)2 0,26 mol và H2O –y mol

18 tháng 10 2019

Chọn D

3 tháng 6 2017

Giải thích: Đáp án A

► Dễ thấy Z là ancol 2 chức nZ = nH2 = 0,26 mol. Bảo toàn khối lượng:

mZ = mbình tăng + mH2 = 19,24 + 0,26 × 2 = 19,76(g) MZ = 19,76 ÷ 0,26 = 76 (C3H8O2).

● Do T mạch hở X và Y là axit đơn chức nmuối X = nmuối Y = nNaOH ÷ 2 = 0,2 mol.

Bảo toàn nguyên tố Natri: nNa2CO3 = 0,2 mol. Bảo toàn nguyên tố Oxi: nCO2 = 0,6 mol.

► Gọi số C trong gốc hidrocacbon của 2 muối là x và y (x ≠ y; x, y Î N).

|| 0,2x + 0,2y = 0,2 + 0,6. Giải phương trình nghiệm nguyên: x = 0; y = 2.

1 muối là HCOONa. Bảo toàn nguyên tố Hidro: Hmuối còn lại = 3 CH2=CHCOONa.

● Bảo toàn khối lượng: mH2O = 2,7(g) ∑nX,Y = nH2O = 0,15 mol nT = 0,125 mol.

T là (HCOO)(C2H3COO)C3H6 ||► %mT = 0,125 × 158 ÷ 38,86 × 100% = 50,82%

31 tháng 3 2018

Đáp án D

4 tháng 9 2017

Chọn D