Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án A
2 a + b = 0 , 3 ( 1 ) B T N T ( N a ) : n N a 2 C O 3 = 1 2 n N a O H = 0 , 15 B T N T ( C ) : n C = a + 2 a + 3 b + c - 0 , 15 = 3 a + 3 b + c - 0 , 15 B T N T ( H ) : n H 2 O = 2 , 5 a + 3 b + c
→ m C O 2 + m H 2 O = 44 ( 3 a + 3 b + c - 0 , 15 ) + 18 ( 2 , 5 a + 3 b + c ) = 65 , 85 ( 2 ) B T N T ( O ) : ( 2 a + b ) + 1 , 5275 = 0 , 15 . 3 2 + ( 3 a + 3 b + c - 0 , 15 ) + 2 , 5 a + 3 b + c 2 ( 3 )
→ B T K L : m H 2 O ( M ) = 0 , 9 → n H 2 O ( M ) = 0 , 05 = n p e p
→ Độ dài trung bình trong peptit = 5,6
Mặt khác, 2 pep hơn kém nhau 1O → số lk pep hơn kém nhau 1 đơn vị
→ 1 pentapep và 1 hexpep. 2 peptit là P5 (0,02mol) và P6 (0,03 mol).
=> 0,28= 0,15+0,13(Val+Ala)
Gọi 2 pep là A l a u V a l 5 - u v à A l a v V A l 6 - v
→ 2 u + 3 v = 13 → 2 giá trị u = 1 và v = 5 (Loại) và u = 3 và v = 2 (thỏa mãn)
→ X: Ala2Val3 → % = 34,90%
Tổng số nguyên tử oxi của ba peptit là 10
Tổng số nguyên tử nito của ba peptit =10-3=7
=> Tổng số mắt xích của ba peptit =7 => E gồm 2 đipeptit và 1 tripeptit
Số mol NaOH là: 
Quy đổi E thành C2H3NO: a mol; CH2: b mol; H2O: c mol
Sơ đồ phản ứng:
=> 4a + 2b = 1,5 (I)
Các quá trình nhường nhận electron:
c = 0,15 mol
Các quá trình nhường nhận electron:
= 0,03 mol
Đặt các đipeptit là X, Y
Gọi x ¯ là số nhóm CH2 thêm vào Gly của cả X và Y
= 57,24 %
Đáp án A.
Chọn đáp án C
Y có 8 liên kết p = 3 liên kết pCOO + 5 liên kết pCC (5 = 2 + 2 + 1)
Z có 4 liên kết p = 2 liên kết pCOO + 2 liên kết pCC (2 = 1 + 1)
Sau khi thủy phân M thu được 4 muối mà có 2 muối là GlyNa và AlaNa nên 2 este chỉ được tạo từ 2 axit là axit 3 liên kết p (HC2COOH + mCH2) và axit 2 liên kết p (C2H3COOH + nCH2).
Tìm số mol ancol
Þ nHC2COOH = 0,03x2 = 0,06; nC2H3COOH = 0,03 + 0,07x2 = 0,17
mM = 0,15x57 + 0,27x14 + 18x + 0,03x250 + 0,07x170 Þ x = 0,05 = 1/3 của 0,15 Þ X là tripeptit nCH2 = nAlaNa + 0,06m + 0,17n = 0,27
Nếu số gốc Ala trong X là 1 Þ 0,05 + 0,06m + 0,17n = 0,27 Þ 6m + 17n = 22
Þ Không có cặp số tự nhiên m, n nào phù hợp
Þ Số gốc Ala trong X là 2 Þ 6m + 17n = 17 Þ m = 0 và n = l phù hợp Þ X là GlyAla2 0,05
Đáp án B
► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O
với số mol x, y và z
mE = 57x + 14y + 18z = 23,06(g)
Đốt muối cũng như đốt E
⇒ nO₂ = 2,25x + 1,5y = 0,87 mol
Bảo toàn nguyên tố Natri:
nNa₂CO₃ = 0,2 mol.
Bảo toàn nguyên tố Nitơ:
nN₂ = 0,5x mol
● Muối chứa x mol C₂H₄NO₂Na,
y mol CH₂ và (0,4 – x) mol NaOH dư.
Đốt cho (2x + y – 0,2) mol CO₂
và nH₂O = (1,5x + y + 0,2) mol H₂O
⇒ nT = nCO₂ + nH₂O + nN₂
= (2x + y – 0,2) + (1,5x + y + 0,2) + 0,5x = 1,5 mol
⇒ giải hệ có: x = 0,34 mol;
y = 0,07 mol; z = 0,15 mol
► Số mắt xích trung bình
= 0,34 ÷ 0,15 = 2,26
⇒ phải chứa ít nhất 1 đipeptit
⇒ ∑số mắt xích của 2 peptit còn lại
= 10 – 3 – 2 = 5
Lại có 2,26 ⇒ phải chứa peptit ≥ 3 mắt xích
⇒ cách chia duy nhất
5 mắt xích còn lại cho 2 peptit
là 5 = 2 + 3.
● Đặt n đipeptit = a; n tripeptit = b
⇒ nC₂H₃NO = 2a + 3b = 0,34 mol.
nH₂O = a + b = 0,15 mol
⇒ giải hệ có: a = 0,11 mol; b = 0,04 mol
Do Ctb = (0,34 × 2 + 0,07) ÷ 0,15 = 5
⇒ phải chứa Gly₂.
Lại có, 2 peptit chứa cùng số C
⇒ 2 peptit cùng số C là 2 peptit còn lại
(vì Gly₂ chỉ có 1 đồng phân
Mặt khác, do nCH₂ : ntripeptit < 2
⇒ chỉ ghép tối đa 1 CH₂ cho tripeptit
⇒ tripeptit là Gly₃ hoặc Gly₂Ala
● Với Gly₃ thì đipeptit còn lại là Ala₂
⇒ loại vì không chứa Val
● Với Gly₂Ala thì đipeptit còn lại
là GlyVal ⇒ thỏa mãn
⇒ nGlyVal = (0,07 – 0,04) ÷ 3 = 0,01 mol
⇒ nGly₂ = 0,11 – 0,01 = 0,1 mol
► Peptit có PTK nhỏ nhất là Gly₂
⇒ %mGly₂ = 0,1 × 132 ÷ 23,06 × 100%
= 57,24%
Đáp án A
Hơi Z chứa H2O, do X, Y tạo ra 2 muối nên từ C3H7NO4 cũng tạo ra 2 muối, vậy CTCT là HCOOH3NCH2COOH x mol.
Muối T gồm:
HCOONa x mol, CH2H4NO2Na x mol, C3H6NO2Na y mol và C5H10NO2Na z mol
→ n T = 2x+y+z = 0,36
Đốt cháy T cần 1,6625 mol O2 → 0,5x+2,25x+3,75y+6,75z = 1,6625
→ m C O 2 + m H 2 O = 44(0,5x+1,5x+2,5y+4,5z)+18(0,5x+2x+3y+5z) = 71,97
Giải hệ: x=0,01; y=0,22; z=0,12.
→ Ala : Val = 11:6
→ X + 2Y → A l a 11 V a l 5 k + H 2 O
X và Y không quá 10 gốc aa nên k=1.
Trong 1 phân tử X và 2 phân tử Y có 11 gốc Ala và 6 gốc Val và X, Y cùng số C nên mỗi chất có 21C>
X, Y có dạng (Ala)u(Val)v
→ 3u+5v = 21
thỏa mãn y=2; v=3 hoặc u=7, v=0
Hai peptit là (Ala)2(Val)3 0,04 mol và Ala7 0,02 mol
→ m M = 29,79 gam → % A l a 2 V a l 3 = 61,36%