Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án là D
n Y = n X = 0 , 055 v à n K O H = 0.065 =>Y thứa este đơn chức (0,045) và este hai chức (0,01). Do Cá( muối không nhánh nên tõi đa 2 thức).
Đốt 0,055 mol X cần n O 2 = 0 , 055 . 0 , 5 0 , 1 = 0 , 275
Đốt 0,055 mol Y cần n O 2 = 0 , 275 + n H 2 2 = 0 , 2975
Đốt Y => CO2 (u mol) và H2O (v mol)
Bào toàn O => 2u + v = 0,065.2 + 0,2975.2
n E s t e h a i c h ứ c = u - v = 0,01
=> u = 0,245 và v = 0,235
n T = n K O H = 0,065
T chứa C a (mol), H (b mol) và O (0,065 mol)
m T = 12a + b + 0,065.16 = 3,41
n T = b/2-a=0,076
=> a = 0,16 và b= 0,45
Bào toàn c => n C ( m u ố i ) = u-a = 0,085
Bào toàn H => n H ( m u ố i ) = 2v + n K O H - b = 0,085
Do n C ( m u ố i ) = n H ( m u ố i ) nên các muối có số C = số H.
=> Muối gồm HCOOK (x mol) và C2H4(COOK)2 (y mol)
n K O H = x + 2y = 0,065
n C ( m u ố i ) = x + 4y = 0,085
=> x = 0,045 và y = 0,01
=> %C2H4(COOK)2 = 33.92%
Chọn D.
Số mol O2 để đốt cháy 0,055 mol Y là 0,2975 mol.
Đốt Y thu được 
mmuối = 5,72 (g)
Ta có: COOtb = 1 < n K O H n Y ⇒ Este hai chức có 0,065 – 0,055 = 0,01 mol và este đơn chức có 0,045 mol
Chọn đáp án B.
* Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.
* Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.
" Phân tích ancol về 0,11 mol H2O + 0,35 mol CH2 " số mol O2 cần đốt là 0,525 mol.
Vì nY = nX = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và este hai chức.
Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.
Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O2; đốt 0,17 mol H2 cần 0,085 mol O2 nên đốt Y cần 0,805 mol O2.
Gọi số mol CO2 và H2O sinh ra khi đốt Y lần lượt là X và y mol:
• Bảo toàn nguyên tố O có: 2x +y = 0,805 × 2 + (0,05 × 2 + 0,03 × 4).
• Tương quan đốt có: x - y = neste hai chức = 0,03.
Theo đó, x = 0,62 mol và y = 0,59 mol " BTKL có mY = 12,14 gam.
Sơ đồ thủy phân: 
" Bảo toàn khối lượng ta có mZ = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương
trình: 0,05 × (14n + 54) + 0,03 × (14m + 106) = 9,66 " 5n + 3m = 27.
Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.
Theo đó, Z gồm 0,05 mol C2H5COONa và 0,03 mol C2H4(COONa)2.
" Yêu cầu: %mmuối có phân tử khối lớn hơn trong Z = 0,03 × 162 : 9,66 × 100% ≈ 50,31%.
Chọn C.
Ta có: n Y = n X = 0 , 08 v à n N a O H = 0 , 11 m o l Þ Y chứa este đơn chức (0,05 mol) và este hai chức (0,03 mol) (Vì các muối có mạch không nhánh nên tối đa 2 chức).
Đốt 0,08 mol X cần n O 2 = 0 , 08 . 0 , 09 0 , 01 + 0 , 17 2 = 0 , 805 m o l . Khi đốt Y, gọi CO2 (u mol) và H2O (v mol).
→ B T O 2 u + v = 1 , 83 và neste hai chức = a-b= 0,03 Þ u = 0,62 và v = 0,59.
T chứa C (a mol), H (b mol) và O (0,11 mol)
Khi đó: 
= 0,27
Muối gồm 
Khi đó: n.0,05 + m.0,03 = 0,27 Þ n = 3 và m = 4 ⇒ % C 2 H 4 ( C O O N a ) 2 = 50 , 31 %
Chọn đáp án D
X → H C O O C H 3 : x m o l C O O C H 3 2 : y m o l C H 2 : z m o l H 2 : - 0 , 17 m o l → 0 , 17 m o l H 2 , N i , t 0 H C O O C H 3 : x m o l C O O C H 3 2 : y m o l C H 2 : z m o l
Y → t 0 , 11 m o l N a O H H C O O N a : x m o l C O O N a 2 : y m o l C H 2 : a m o l + C H 3 O H : x + 2 y m o l C H 2 : b m o l
Đáp án B
Cách 1 : qui đổi. (cách của mình)
Xem hỗn hợp Y gồm : HCOOCH3 (a mol), (COOCH3)2 (b mol) và CH2 (c mol)
a + b = 0,08
a + 2b = NaOH = 0,11
⇒ a = 0,05 ; b = 0,03
Thay việc đốt X bằng đốt Y : O2 đốt X + O2 đốt H2 = O2 đốt Y => c = 0,4 ?=> mY = 12,14 (gam)
Muối Z gồm RCOONa (0,05) và R’(COONa)2 (0,03 mol)
=> 0,05 (R +67) + 0,03 (R’ + 134) = 12,14 + 0,11.40 – 6,88 = 9,66=> 5R +3R’ = 229 => R =29, R’=28
=>C2H5COONa và C2H4(COONa)2 => kết quả.
Cách 2 : Cách tham khảo mạng
nNaOH > nX → có este hai chức
neste hai chức = 0,11 – 0,08 = 0,03 → neste đơn chức = 0,05
→ nO (0,08 mol X) = 0,11.2 = 0,22
nPi(0,08 mol X) = 0,11 + 0,17 = 0,28
nancol = nNaOH = 0,11 → Mancol = 6,88/0,11 = 62,5
Đạt nCO2 = a ; nH2O = b khi đốt cháy X ;
nPi (0,01 mol X) = 0,28/8 = 0,035
nO (0,01 mol X) = 0,22/8 = 0,0275
nH2O + nPi = nCO2 + nX → a – b = 0,035 – 0,01 = 0,025
Bảo toàn oxi: 2a + b = 0,0275 + 0,09.2 = 0,2075 → a = 0,0775 và b = 0,0525
mY (0,08 mol) = (0,0775.12 + 0,0525.2 + 0,0275.16).8 + 0,17.2 = 12,14
mmuối = 12,14 + 0,11.40 – 6.88 = 9,66
Gọi 2 muối có phân tử khối là M1 (đơn chức) và M2 (hai chức)
0,05M1 + 0,03M2 = 9,66 → M1 = 96 và M2 = 162
%M2 = (0,03.162.100)/9,66 = 50,31
Đáp án B
« Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.
· Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.
® Phân tích ancol về 0,11 mol H2O + 0,35 mol CH2 ® số mol O2 cần đốt là 0,525 mol.
Vì nY = nX = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và ests hai chức.
Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.
Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O2; đốt 0,17 mol H2 cần 0,085 mol O2 nên đốt Y cần 0,805 mol O2.
Gọi số mol CO2 và H2O sinh ra khi đốt Y lần lượt là x và y mol:
· Bảo toàn nguyên tố O có: 2x+y= 0,085.2+(0,05.2+0,03.4).
· Tương quan đốt có: x – y = neste hai chức = 0,03.
Theo đó, giải hệ được x = 0,62 mol và y = 0,59 mol ® bảo toàn khối lượng có mY = 12,14 gam.
Sơ đồ thủy phân: 
® Bảo toàn khối lượng ta có mZ = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương trình: 0,05(14n+54)+0,03(14m+106) = 9,66=> 5n+3m = 27
Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng, m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.
Theo đó, Z gồm 0,05 mol C2H5COONa và 0,03 mol C2H4(COONa)2.
® Yêu cầu: %mmuối có phân tử khối lớn hơn trong Z = 0 , 03 . 162 9 , 66 . 100 % ≈ 50 , 31 %
Chọn C.
Ta có: n Y = n X = 0 , 08 m o l v à n N a O H = 0 , 11 m o l Þ Y chứa este đơn chức (0,05 mol) và este hai chức (0,03 mol) (Vì các muối có mạch không nhánh nên tối đa 2 chức).
Đốt 0,08 mol X cần n O 2 = 0 , 08 . 0 , 09 0 , 01 + 0 , 17 2 = 0 , 805 m o l . Khi đốt Y, gọi CO2 (u mol) và H2O (v mol).
→ B T : O 2 u + v = 1 , 83 và neste hai chức = a-b= 0,03 Þ u = 0,62 và v = 0,59.
T chứa C (a mol), H (b mol) và O (0,11 mol)
Khi đó: 
Muối gồm 
Khi đó: n.0,05 + m.0,03 = 0,27 Þ n = 3 và m = 4 ⇒ % C 2 H 4 ( C O O N a ) 2 = 50 , 31 %