Ta thấy : \(\sqrt{5}>\sqrt{4}=2\)

Nên \(2-\sqrt{5}< 0\)

Mà \(\sqrt{3}>0\)

Nên dẫn đến \(\sqrt{3}>2-\sqrt{5}\)

\(\frac{\sqrt{6}+\sqrt{14}}{2\sqrt{3}+\sqrt{28}}=\frac{\sqrt{6}+\sqrt{14}}{2\sqrt{3}+2\sqrt{7}}=\frac{\sqrt{2}\left(\sqrt{3}+\sqrt{7}\right)}{2\left(\sqrt{3}+\sqrt{7}\right)}=\frac{\sqrt{2}}{2}\)

Hải Ngọc bạn làm mỗi 1 vế mà lại làm vế dễ nhát nữa thì chịu rồi

\(\frac{2}{\sqrt{3}}+\frac{\sqrt{2}}{3}+\frac{2}{\sqrt{3}}\sqrt{\frac{5}{12}-\frac{1}{\sqrt{6}}}=\frac{2\sqrt{3}}{3}+\frac{\sqrt{2}}{3}+\frac{2\sqrt{3}}{3}\sqrt{\frac{5}{12}-\frac{1}{\sqrt{6}}}\)

\(=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\sqrt{12}\sqrt{\frac{5}{12}-\frac{1}{\sqrt{6}}}=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\sqrt{12\left(\frac{5}{12}-\frac{1}{\sqrt{6}}\right)}\)

\(=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\sqrt{5-2\sqrt{6}}=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\cdot\sqrt{\left(\sqrt{3}-\sqrt{2}\right)^2}\)

\(=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\left|\sqrt{3}-\sqrt{2}\right|=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}}{3}+\frac{1}{3}\left(\sqrt{3}-\sqrt{2}\right)\)(vì \(\sqrt{3}-\sqrt{2}>0\))

\(=\frac{2\sqrt{3}+\sqrt{2}+\sqrt{3}-\sqrt{2}}{3}=\sqrt{3}\)

xét hiệu a³+b³+3abc=(a+b+c)(a²+b²+c²-ab-ac-bc)=(a+b+c)\(\frac{\left(a-b\right)^2+\left(b-c\right)^2+\left(c-a\right)^2}{2}\ge0\)

đẳng thức xảy ra khi a=b=c

Ta có: \(a^3+b^3+c^3-3abc=\left(a+b\right)^3-3ab\left(a+b\right)+c^3-3abc\)

\(=\left(a+b\right)^3+c^3-3ab\left(a+b\right)-3abc\)

\(=\left(a+b+c\right)^3-3.\left(a+b\right).c.\left(a+b+c\right)-3ab\left(a+b+c\right)\)

\(=\left(a+b+c\right).\left[\left(a+b+c\right)^2-3\left(a+b\right).c-3ab\right]\)

\(=\left(a+b+c\right).\left(a^2+b^2+c^2+2ab+2bc+2ca-3ac-3bc-3ab\right)\)

\(=\left(a+b+c\right).\left(a^2+b^2+c^2-ab-bc-ca\right)\)

\(=\frac{1}{2}.\left(a+b+c\right).\left(2a^2+2b^2+2c^2-2ab-2bc-2ca\right)\)

\(=\frac{1}{2}.\left(a+b+c\right).\left[\left(a^2-2ab+b^2\right)+\left(b^2-2bc+c^2\right)+\left(c^2-2ca+a^2\right)\right]\)

\(=\frac{1}{2}.\left(a+b+c\right).\left[\left(a-b\right)^2+\left(b-c\right)^2+\left(c-a\right)^2\right]\ge0\)( Vì a, b, c không âm )

\(\Rightarrow a^3+b^3+c^3\ge3abc\)( đpcm )

giả sử tam giác ABC vuông tại A, \(\widehat{B}=\alpha=45^o\), kẻ trung tuyến AM

do \(\alpha< 45^o\Rightarrow2\alpha< 90^o\)và \(\widehat{C}=90^o-\alpha>45^o>\widehat{B}\)

tam giác ABC vuông tại A, trung tuyến AM nên \(MA=MB=MC=\frac{BC}{2};\widehat{AMC}=2\alpha\)(theo tính chất góc ngoài)

hạ HA _|_ BC trong tam giác AHM vuông tại M ta có \(\sin\alpha=\frac{AH}{AM}=\frac{2AH}{BC}\left(1\right)\)

trong tam giác AHB vuông tại H ta có \(\sin\alpha=\frac{AH}{AB}\left(2\right)\)

trong tam giác ABC vuông tại A ta có \(\sin\alpha=\frac{AB}{BC}\left(3\right)\)

từ (1) (2) và (3) => \(\sin2\alpha=2\cdot\frac{AH}{AB}\cdot\frac{AB}{BC}=2\sin\alpha\cos\alpha\)

tam giác AHM vuông tại H ta có \(\cos2\alpha=\frac{HM}{AM}=\frac{2HM}{BC}\left(4\right)\)

\(\cos^2\alpha-\sin^2\alpha=\frac{AB^2}{BC^2}-\frac{AC^2}{BC^2}=\frac{HB\cdot BC-HC\cdot BC}{BC^2}=\frac{HB-HC}{BC}=\frac{2HM}{BC}\left(5\right)\)

từ (4) và (5) suy ra \(\sin2\alpha=\cos^2\alpha-\sin^2\alpha\)

Ta có : \(\left(\sqrt{a^2+2011}+a\right).\left(\sqrt{a^2+2011}-a\right)\)

\(=\left(\sqrt{a^2+2011}\right)^2-a^2\)

\(=a^2+2011-a^2=2011\)

Nên : \(\left(\sqrt{a^2+2011}+a\right).\left(\sqrt{a^2+2011}-a\right)=2011\)

Mà theo bài ta có : \(\left(\sqrt{a^2+2011}+a\right).\left(\sqrt{a^2+2011}+b\right)=2011\)

Nên : \(\sqrt{a^2+2011}+b=\sqrt{a^2+2011}-a\) ( đpcm )

Đặt \(A=2\sqrt{3}\left(2\sqrt{6}-\sqrt{3}+1\right)\)

\(A=4\sqrt{18}-2.3+2\sqrt{3}\)

\(A=12\sqrt{2}+2\sqrt{3}-6\)

ta có : căn bậc của 4 lớn hơn căn bậc của 3

hay 2 lớn hơn căn bậc hai của 3

nên căn bậc hai của 3 trừ 2 ra kết quả âm

mà căn bậc của 0,5 là kết quả dương

vậy căn bậc của 0,5 > căn bậc của căn bậc hai của 3 trừ 2

ráng đọc tí nghen, mình ko biết cách viết căn bậc ra sao  

\(\sqrt{2}D=\left(\sqrt{4-\sqrt{7}}-\sqrt{4+\sqrt{7}}+\sqrt{8}\right)\sqrt{2}\)

\(\sqrt{2}D=\sqrt{\left(\sqrt{7}-1\right)^2}-\sqrt{\left(\sqrt{7}+1\right)^2}+4\)

\(\sqrt{2}D=\sqrt{7}-1-\sqrt{7}-1+4\)