K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

11 tháng 4 2019

Đáp án C

26 tháng 9 2017

Định hướng tư duy giải

Ta có:

=> 44(a + 0,1) - 18(a + 0,09) = 10,84

=> a = 0,31.

→ BTNT . O 0 , 09 H 2 O 2   :   0 , 03 H 2   :   0 , 06 → COOH : 0 , 02 → m X = 9 , 88 Este : 0 , 04

=> m = 9,8 (gam).

14 tháng 7 2019

Chọn đáp án C

“Giả thiết chữ”: ancol hai chức là C3H6(OH)2 và cũng chính là ancol tạo este.

→ Axit tạo este cùng với axit trong hỗn hợp đều đơn chức, no, mạch hở dạng CnH2nO2.

Sơ đồ tỉ lệ phản ứng tạo este (este hóa); 2.axit + 1C3H6(OH)2 1este + 2H2O.

→ Quy đổi X về hỗn hợp gồm axit + ancol – H2O → có ngay số mol axit lúc này là 0,1 mol.

Góc nhìn:

 

Đốt 0,09 mol X cần 0,48 mol O2 thu 0,41 mol CO2 + 0,4 mol H2O

→  Bảo toàn khối lượng có  m X =   9 , 88  gam; bảo toàn nguyên tố O ta có:  n O   t r o n g   X = 0 , 26  mol.

Biết số mol O trong X, quay lại góc nhìn → giải ra:  n a n c o l = 0 , 07  mol và  n H 2 O   ( * ) = 0 , 08  mol

⇒ m a x i t = 9 , 88 + 0 , 08 . 18 - 0 , 7 . 76 = 6  gam, lại có số mol axit là 0,1 mol

Theo đó, trong phản ứng –COOH + KOH → ‒COOK + H2O, ta dùng tăng giảm khối lượng:

m= 6+0,1.(39-1)= 9,8 gam.

16 tháng 4 2018

Định hướng tư duy giải

 Ta có:

Khi đốt cháy E có:

Vậy ta có:

=> 9,88 + 0,1.56 = m + (0,04 +0,03).76 + 0,02.18

=> m = 9,8 (gam).

8 tháng 7 2019

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch brom X chỉ chứa các HCHC no Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn (Tương tự ankan)

nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt là a b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2 = 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1) (2) và (3)

a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

mMuối = mRCOO + mR'COO + mK.

 mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39 = 9,8 gam

20 tháng 8 2019

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch Br2

X chỉ chứa các HCHC no

Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b

 

Ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn

(Tương tự ankan)

nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32

 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt

là a, b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2

= 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1), (2) và (3)

a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

mMuối = mRCOO + mR'COO + mK 

Û mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39

= 9,8 gam

 

22 tháng 2 2019

Chọn B.

Khi đốt cháy A ta có:

Khi cho A tác dụng với KOH thì:

Lấy (1) + (3) ta được: nX + 2nZ =  + 0,09 rồi thay vào (4): k(  + 0,09) = 0,15

Lập tỉ lệ:

Từ (*) và (**) suy ra:  n C O 2 = 0 , 42   m o l ;   n H 2 O = 0 , 41   m o l ⇒ m A = 10 , 02   g a m

Tiếp tục giải hệ đốt cháy tìm được: nX = 0,02; nY = 0,03; nZ = 0,04.

Trong 15,03 gam A thì: → B T K L m = 16,38 (g).

26 tháng 8 2017

12 tháng 7 2018

Đáp án B

n O 2 = 10,752/22,4 = 0,48 mol

Axit no đơn chức mạch hở có ctpt CnH2nO2

Ancol no hai chức mạch hở : CmH2mO2

Este no hai chức mạch hở : CkH2k-2O4

CnH2nO2    → nCO2 + nH2O  ( I )

x                     xn          xn     mol

CmH2m+2O2 → mCO2 + (m+1) H2O (II)

         y             ym         y(m+1)    mol

CkH2k-2O4 → kCO2 + (k-1) H2O (III)

         z           zk           z(k-1)     mol

x+y+z = 0,09 mol (1)

nNaOH= 0,1 mol

Cho hỗn hợp A phản ứng với dung dịch NaOH chỉ có X và Z phản ứng

vì phản ứng diễn ra ở nhóm chức

Nên  x+2z = 0,1 (2)

Từ (1) và (2) => z-y = 0,01 mol

Từ (I) (II) và (III)

Ta có:

44(xn + ym + zk) – 18 ( xn + ym +zk) + 18 ( z-y) = 10,84

Thay z-y = 0,01 ta có 26(xn + ym + zk) = 10,66 gam

=> n C O 2 = xn + ym +zk = 0,41 mol

=> M H 2 O = 7,2 g => nH2O=0,4 mol

=>Bảo toàn nguyên tố O có

nOhỗn hợp A = 0,41.2 + 0,4 – 0,48.2 = 0,26 mol

=>2x + 2y +4z = 0,26 (3)

=>Từ (1) (2) và (3)

=> x = 0,02 ;y=0,03 và z= 0,04 mol

Bảo toàn khối lượng có

m A + m O 2 = m C O 2 + m H 2 O

=>MA = 9,88gam

=>trong 14,82 gam A chứa X 0,03 mol

Y 0,045 mol,  Z 0,06mol

nKOH = 0,03 + 2.0,06 = 0,15 mol

vì ancol là etylen glicol

=> nAncol = 0,06 + 0,045 = 105 mol

n H 2 O = 0,03 mol

bảo toàn khối lượng có

14,82 – 0,045. 62 + 0,15.56 = mmuối + m H 2 O  +metilen glycol

=>Mmuối = 16,17 gam

4 tháng 1 2017

*Xét giai đoạn đốt cháy X:

Số mol các chất là: 

Sơ đò phản ứng: 

*Xét giai đoạn X tác dụng với dung dịch NaOH:

Số mol NaOH là: 

Sơ đồ phản ứng:  

=> X hết, Na dư => Y gồm –COONa và NaOH dư

*Xét giai đoạn Z tác dụng với Na dư:

Z đơn chức => Đặt công thức của Z là ROH 

Sơ đồ phản ứng: 

*Xét giai đoạn nung Y với CaO:

Số mol hidrocacbonat thu được là: 

=> COONa hết, NaOH dư

Đặt công thức và số mol các muối trong Y là: RCOONa: a mol; R’(COONa)2: b mol

Phương trinhg phản ứng:

Do thu được một hidrocacbonat => R = R' + 1

Đáp án C.