Bài 11. Tìm các giá trị của x sao cho:
a) |2x –3| = |1 –x|
b) x2 – 4x ≤ 5
c) 2x(2x –1) ≤ 2x –1.
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
a) Vì \(\hept{\begin{cases}AD\perp BC\\CF\perp AB\\BE\perp AC\end{cases}}\)
\(\Rightarrow\hept{\begin{cases}\widehat{AFC}=90^0\\\widehat{AEB}=90^0\\\widehat{ADC}=90^0\end{cases}}\)
Xét tứ giác AEHF có:
\(\widehat{AEH}+\widehat{AFH}=180^0\)mà 2 góc này ở vị trí đối trong tứ giác AEHF
\(\Rightarrow AEHF\)nội tiếp ( dhnb )
+) Xét tứ giác ACDF có:
\(\widehat{AFC}=\widehat{ADC}=90^0\)
mà 2 đỉnh F,D cùng nhìn cạnh AC dưới 1 góc vuông
\(\Rightarrow ACDF\) nội tiếp
b) Ta có: \(\widehat{BAC}=\widehat{BVC}\left(=\frac{1}{2}sđ\widebat{BC}\right)\)
Vì tứ giác AEHF nội tiếp ( cmt) \(\Rightarrow\widehat{EHC}=\widehat{BAC}\left(tc\right)\)
\(\Rightarrow\widehat{BVC}=\widehat{VHC}\)
Xét tam giác HVC có \(\widehat{BVC}=\widehat{VHC}\left(cmt\right)\)
\(\Rightarrow\Delta HVC\)cân tại C
+) Vì CE là đường cao của tam giác HVC cân tại C
=> CE là đường trung tuyến của tam giác HVC
=> E là trung điểm của HV
Xét tam giác FHB và tam giác EHC có:
\(\hept{\begin{cases}\widehat{FHB}=\widehat{EHC}\left(đ^2\right)\\\widehat{BFH}=\widehat{HEC}=90^0\end{cases}\Rightarrow\Delta FHB~EHC\left(g-g\right)}\) (d^2 là đối đỉnh )
\(\Rightarrow\frac{FH}{HB}=\frac{EH}{HC}\)
\(\Rightarrow FH.FC=EH.HB\)
\(\Rightarrow FH.CV=\frac{HV}{2}.HB\)
\(\Rightarrow BH.HV=2FH.CV\left(đpcm\right)\)
c) Mình sẽ làm tắt nha bạn, tắt này cơ bản thôi chỉ là cm tứ giác nội tiếp í mà
Tứ giác AFDC nội tiếp \(\Rightarrow\widehat{FAD}=\widehat{FCD}\left(1\right)\)
Tứ giác EHDC nội tiếp \(\Rightarrow\widehat{HED}=\widehat{HCD}\left(2\right)\)
(1), (2) \(\Rightarrow\widehat{FAD}=\widehat{HED}\)
Tứ giác BFHD nội tiếp \(\Rightarrow\widehat{FBH}=\widehat{FDH}\left(3\right)\)
Tứ giác BAED nội tiếp \(\Rightarrow\widehat{ABE}=\widehat{ADE}\left(4\right)\)
(3) , (4) \(\Rightarrow\widehat{FDA}=\widehat{HDE}\)
Xét tam giác AFD và tam giác EHD có:
\(\widehat{FAD}=\widehat{HED}\)và \(\widehat{FDA}=\widehat{HDE}\)
\(\Rightarrow\Delta AFD~\Delta EHD\left(g-g\right)\)
\(\Rightarrow\frac{FA}{FD}=\frac{HE}{HD}\left(5\right)\)và \(\widehat{AFD}=\widehat{EHD}\)
Xét tam giác AFI và tam giác VHD có:
\(\hept{\begin{cases}\widehat{AFI}=\widehat{VHD}\left(cmt\right)\\\widehat{FAI}=\widehat{HVD}\left(=\frac{1}{2}sđ\widebat{BN}\right)\end{cases}\Rightarrow\Delta AFI~\Delta VHD\left(g-g\right)}\)
\(\Rightarrow\frac{FA}{F1}=\frac{HV}{HD}=\frac{2HE}{HD}\left(6\right)\)
(5) , (6) \(\Rightarrow\frac{FA}{FI}=\frac{2FA}{FD}\)
\(\Rightarrow FI=\frac{1}{2}FD\)
\(\Rightarrow ID=IF\left(đpcm\right)\)
a/ Xét tg vuông ABK và tg vuông CDK có
\(\widehat{AKB}=\widehat{CKD}=90^o\)
\(\widehat{BAD}=\widehat{DCB}\) (góc nội tiếp đường tròn cùng chắn cung BD)
=> tg ABK đồng dạng với tg CDK \(\Rightarrow\frac{KA}{KC}=\frac{KB}{KD}\Rightarrow KA.KD=KB.KC\)
b/ Nối CH cắt AB tại I
Xét tg CDH có
\(CK\perp DH\) (đề bài) => CK là đường cao
\(KH=KD\) (đề bài) => CK là đường trung tuyến
=> tg CDH cân tại C (tg có đường cao đồng thời là đường trung tuyến => tg đó là tg cân)
\(\Rightarrow\widehat{KCD}=\widehat{KCH}\) (trong tg cân đường cao đồng thời là đường phân giác) (1)
\(\widehat{ABC}=\widehat{ADC}\) (góc nội tiếp cùng chắn cung AC) (2)
Xét tg vuông CKD có \(\widehat{KCD}+\widehat{ADC}=90^o\) (3)
Từ (1) (2) (3) => \(\widehat{KCH}+\widehat{ABC}=90^o\Rightarrow\widehat{BIC}=90^o\Rightarrow CH\perp AB\)
Mà \(AH\perp BC\)
=> H là trực tâm của tg ABC
c/
Ta có tg ADE là tg nội tiếp đường tròn (O)
Ta có
\(BC\perp AD\)
DE//BC
\(\Rightarrow DE\perp AD\Rightarrow\widehat{ADE}=90^0\) => AE là đường kính đường tròn (O) => DE đi qua O => A; O; E thẳng hàng
Diện tích của hình vành là:
3,14 x ( 1,52 - 12) = ....... ( cm2)
Đ/s: ...... cm2
hfgjh
b) x2 - 4x < 5
x2 - 4x - 5 < 0
x2 - 5x + x - 5 < 0
x ( x + 1 ) - 5 ( x + 1 ) < 0
( x + 1 ) ( x - 5 ) < 0
... Tự làm típ nhó, dễ lém