Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
và một nhóm COOH. Y là một axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở. Hỗn hợp M gồm X, Y và một peptit có công thức 
Đun nóng 0,25 mol M với 200 ml dung dịch NaOH 2M, thu được dung dịch Z chỉ chứa muối. Đốt cháy hết muối trong Z cần vừa đủ 24,64 lít (đktc) 
thu được sản phẩm trong đó có tổng khối lượng 
và 
là 49,2 gam. Phần phần trăm về khối lượng của Y trong M có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?
Đáp án C
Đặt 
Bảo toàn nguyên tố Na: n N a 2 C O 3 = 0 , 2 m o l
Bảo toàn nguyên tố Oxi: 0,4.2 + 1,1.2 = 2x + y + 0,2.3
Giải hệ có x = 0,75 mol; y = 0,9 mol
Muối của X và Ala có dạng CnH2nNO2Na → nH = 2nC
Muối của Y có dạng CmH2m – 1O2Na → nY = (nC – nH : 2) : 0,5 = 0,1 mol → nX, Ala = 0,3 mol
Ta có: 
X là Gly
· Trong M, đặt nX, Y = a; npeptit = b
→ nM = a + b = 0,25 mol
nNaOH = a + 4b = 0,4 mol
→ a = 0,2 mol; b = 0,05 mol
→ nX/M = 0,1 mol
Bảo toàn nguyên tố Cacbon: CY = (0,95 – 0,05.3 – 0,25.2) : 0,1 = 3
→
Y là
C
3
H
6
O
2
⇒ 
Chọn đáp án D.
« Giải đốt X dưới góc nhìn nguyên tố: 
Bảo toàn nguyên tố O ta có: y+0,52.2= 2x+0,48 → 2x-y= 0,56 .
Lại có 24,96 gam X + vừa đủ 0,42 mol NaOH → tương ứng trong 24,96 gam X chứa 0,42 mol COO
→
lập tỉ lệ hai phần: 
Thay ngược lại: ứng với 0,2 mol ta có m X = 16 , 64 = 24 , 96 1 , 5 → tương ứng 24,96 gam X là 0,2 mol.
« Biện luận cấu tạo, dựa vào một số điểm đáng lưu ý sau để suy luận ra:
• Các axit có mạch cacbon không phân nhánh → este có không quá hai chức.
• Xét 24,96 gam X có 0,56.1,5= 0,84 mol C, số mol chức COO là 0,42
→ số C còn lại trong gốc hiđrocacbon đúng bằng số mol nhóm chức.
→ chỉ có đúng duy nhất 3 este là đơn chức hoặc đúng hai chức thỏa mãn được yêu cầu này
→ Chúng gồm: HCOOCH3; (HCOO)2C2H4 và (COOCH3)2.
Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân có 
.
Mặt khác, a gam muối T là HCOONa và b gam muối E là (COONa)2 nên dùng bảo toàn nguyên tố Na
→ ta có: a 68 + b 134 . 2 = 0 , 42 → a = 16 , 32 b = 12 , 06
Vậy, yêu cầu tỉ lệ a:b= 16,32 : 12,06 ≈ 1 , 353
Đáp án B
X có dạng : CnH2n+1O2N
và Y là : CnH2n-1O4N
nX + nY = 0,25 mol (1)
Z + NaOH
=> mmuối = nX.(14n + 69) + nY.(14n + 121) = 40,09g (2)
Z + HCl
=> mmuối = nX.(14n + 83,5) + nY.(14n + 113,5) = 39,975g (3)
Từ (2,3) => 14,5nX – 7,5nY = - 0,115
=> nX = 0,08 ; nY = 0,17 mol
=> n = 4
=> X là C4H9O2N và Y là C4H7O4N
=> %mX = 26,71%
Đáp án D
Quy E về Ala–Gly–Gly, HCOOH và CH2 với số mol x, y và z ⇒ nNaOH = 3x + y = 0,45 mol.
● Muối gồm C2H4NO2Na: 2x mol; C3H6NO2Na: x mol; HCOONa: y mol và CH2: z mol.
||⇒ nO2 = 2,25 × 2x + 3,75x + 0,5y + 1,5z = 1,125 mol.
Bảo toàn nguyên tố Na, C và H: nNa2CO3 = 1,5x + 0,5y; nCO2 = 5,5x + 0,5y + z; nH2O = 7x + 0,5y + z.
⇒ mCO2 + mH2O = 44(5,5x + 0,5y + z) + 18(7x + 0,5y + z) = 50,75 gam ||► Giải hệ có:
x = 0,1 mol; y = 0,15 mol; z = 0,15 mol ⇒ ghép vừa đủ 1 CH2 cho HCOOH
⇒ peptit là Gly2Ala và Y là CH3COOH ⇒ muối có PTK nhỏ nhất là CH3COONa
||⇒ mCH3COONa = 0,15 × 82 = 12,3 gam
Muối Z gồm:
C 3 H 6 N O 2 N a : a m o l C n H 2 n N O 2 N a : 2 a m o l C m H 2 m − 1 O 2 N a : b m o l n N a O H = 3 a + b = 0 , 45 1
→ n N a 2 C O 3 = 0 , 225 m o l v à n O ( Z ) = 0 , 9 m o l
Đặt x, y là số mol C O 2 , H 2 O thu được khi đốt Z.
44x + 18y = 50,75
BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2
=> x = 0,775; y = 0,925
n C O 2 = 3 a + 2 n a + m b − 0 , 225 = 0 , 775 2 n H 2 O = 3 a + 2 n a + m b − b / 2 = 0 , 925 3
(2) - (3) → b = 0,15
(1) → a = 0,1
Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14
Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm
Vậy X là Gly và Y là C H 3 C O O H
Muối nhỏ nhất là CH3COONa
m C H 3 C O O N a = 0 , 15.82 = 12 , 3
Đáp án cần chọn là: D
Đáp án D
Quy E về Ala–Gly–Gly, HCOOH và CH2 với số mol x, y và z ⇒ nNaOH = 3x + y = 0,45 mol.
● Muối gồm C2H4NO2Na: 2x mol; C3H6NO2Na: x mol; HCOONa: y mol và CH2: z mol.
||⇒ nO2 = 2,25 × 2x + 3,75x + 0,5y + 1,5z = 1,125 mol.
Bảo toàn nguyên tố Na, C và H: nNa2CO3 = 1,5x + 0,5y; nCO2 = 5,5x + 0,5y + z; nH2O = 7x + 0,5y + z.
⇒ mCO2 + mH2O = 44(5,5x + 0,5y + z) + 18(7x + 0,5y + z) = 50,75 gam ||► Giải hệ có:
x = 0,1 mol; y = 0,15 mol; z = 0,15 mol ⇒ ghép vừa đủ 1 CH2 cho HCOOH
⇒ peptit là Gly2Ala và Y là CH3COOH ⇒ muối có PTK nhỏ nhất là CH3COONa
||⇒ mCH3COONa = 0,15 × 82 = 12,3 gam
Muối Z gồm:
C 3 H 6 N O 2 N a : a m o l C n H 2 n N O 2 N a : 2 a m o l C m H 2 m − 1 O 2 N a : b m o l n N a O H = 3 a + b = 0 , 45 1 → n N a 2 C O 3 = 0 , 225 v à n O ( Z ) = 0 , 9
Đặt x, y là số mol C O 2 , H 2 O thu được khi đốt Z.
44x + 18y = 50,75
BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2
=> x = 0,775; y = 0,925
n C O 2 = 3 a + 2 n a + m b − 0 , 225 = 0 , 775 2 n H 2 O = 3 a + 2 n a + m b − b / 2 = 0 , 925 3
(2) - (3) → b = 0,15
(1) → a = 0,1
Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14
Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm
Vậy X là Gly và Y là C H 3 C O O H
Muối nhỏ nhất là C H 3 C O O N a
m C H 3 C O O N a = 0 , 15.82 = 12 , 3
Đáp án cần chọn là: D
Đáp án C
Đặt
Bảo toàn nguyên tố Na:
Bảo toàn nguyên tố Oxi:
Giải hệ có
Muối của X và Ala có dạng
Ta có:
Trong M, đặt
Bảo toàn nguyên tố Cacbon: