Cho a,b,c>0, a2+b2+c2=1. Chứng minh: \(\frac{c}{1+ab}+\frac{b}{1+ac}+\frac{a}{1+bc}\ge1\)
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
ĐKXĐ: \(\hept{\begin{cases}x\ne-1\\\frac{3x-2}{x+1}\ge0\end{cases}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x\ne-1\\\orbr{\begin{cases}x\ge\frac{3}{2}\\x\le-1\end{cases}}\end{cases}}}\)
Khi đó: \(\sqrt{\frac{3x-2}{x+1}}=3\)
\(\Leftrightarrow\frac{3x-2}{x+1}=9\)
\(\Leftrightarrow9x+9=3x-2\)
\(\Leftrightarrow6x=-11\)
\(\Leftrightarrow x=\frac{-11}{6}\)(T/m ĐKXĐ)
ĐKXĐ: \(\hept{\begin{cases}x\ne-1\\x\ge\frac{3}{2}hoặcx\le-1\end{cases}}\)
Trả lời:
a, \(\sqrt{x^2-8x+16}=4\)
\(\Rightarrow x^2-8x+16=4^2\)
\(\Leftrightarrow x^2-8x=0\)
\(\Leftrightarrow x\left(x-8\right)=0\)
\(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}x=0\\x-8=0\end{cases}\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}x=0\\x=8\end{cases}}}\)
Vậy x = 0; x = 8 là nghiệm của pt.
Vào link này lập nik lazi nhé.
https://lazi.vn/users/dang_ky?u=kieu-anh.pham4
Đk: x \(\ge\)2
\(\sqrt{x+2+4\sqrt{x-2}}+\sqrt{x+7-6\sqrt{x-2}}=6\)
<=> \(\sqrt{x-2+4\sqrt{x-2}+4}+\sqrt{x-2-6\sqrt{x-2}+9}=6\)
<=> \(\sqrt{\left(\sqrt{x-2}+2\right)^2}+\sqrt{\left(\sqrt{x-2}-3\right)^2}=6\)
<=> \(\sqrt{x-2}+2+\left|\sqrt{x-2}-3\right|=6\)
<=> \(\left|\sqrt{x-2}-3\right|+\sqrt{x-2}-4=0\) (1)
Với x \(\ge11\) => pt (1) trở thành:
\(\sqrt{x-2}-3+\sqrt{x-2}-4=0\)
<=> \(\sqrt{x-2}=\frac{7}{2}\)
<=> \(x=\frac{57}{4}\left(tm\right)\)
Với x < 11 => pt (1) trở thành
\(3-\sqrt{x-2}+\sqrt{x+2}-4=0\)
<=> \(0x=1\) (vô lí) => pt vô nghiệm
Vậy S = {57/4}
\(\sqrt{2x^2-9}=-x\)
\(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x\le0\\2x^2-9=\left(-x\right)^2\end{cases}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x\le0\\2x^2-9=x^2\end{cases}}}\)
\(\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x\le0\\x^2-9=0\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x\le0\\\left(x-3\right)\left(x+3\right)=0\end{cases}}\)
\(\Leftrightarrow x=-3\)
Vậy ...
Đặt A=\(\frac{c}{1+ab}+\frac{b}{1+ac}+\frac{a}{1+bc}\)
Áp dụng bđt Côsi ta có:
\(\frac{c}{1+ab}=c-\frac{abc}{1+ab}\ge c-\frac{abc}{2\sqrt{ab}}=c-\frac{\sqrt{\left(ca\right)\left(cb\right)}}{2}\ge c-\frac{ca+cb}{4}\)
Tương tự có: \(\frac{b}{1+ac}\ge b-\frac{ba+bc}{4};\frac{a}{1+bc}\le a-\frac{ab+ac}{4}\)
Mặt khác: \(a^2+b^2+c^2=1\Rightarrow\left(a+b+c\right)^2=1+2\left(ab+bc+ca\right)\) ( *)
Hay \(ab+bc+ca=\frac{\left(a+b+c\right)^2-1}{2}\)
\(\Rightarrow A\ge a+b+c-\frac{\left(a+b+c\right)^2-1}{4}=\frac{\left(a+b+c-1\right)\left(3-a-b-c\right)}{4}+1\) (1)
Mà \(a,b,c\in\left\{0;1\right\}\Rightarrow3-a-b-c\ge0\) (2)
Từ (*) \(\Rightarrow a+b+c\ge1\) (3)
Từ 1,2,3 => \(A\ge1\)(đpcm)